[r]
Trang 1ĐỀ THI THỬ ĐẠI HỌC-CAO ĐẲNG NĂM 2010 LB8
Mụn thi : TOÁN Thời gian làm bài : 180 phỳt, khụng kể thời gian phỏt đề
I:PHẦN CHUNG CHO TẤT CẢ CÁC THÍ SINH (7,0 điểm)
Câu I (2 điểm) Cho hàm số y= 2 x +1
x+2 có đồ thị là (C)
1.Khảo sát sự biến thiên và vẽ đồ thị của hàm số
2.Chứng minh đờng thẳng d: y = -x + m luôn luôn cắt đồ thị (C) tại hai điểm phân biệt A, B.
Tìm m để đoạn AB có độ dài nhỏ nhất
Câu II (2 điểm)
1.Giải phơng trình 9sinx + 6cosx – 3sin2x + cos2x = 8
2 Tớnh tớch phõn:
3 2 0
1
x
Câu III (2 điểm)
1.Giải bất phương trỡnh: 2x10 5x10 x 2
2.Có bao nhiêu số tự nhiên có 4 chữ số khác nhau mà trong mỗi số luôn luôn có mặt hai
chữ số chẵn và ba chữ số lẻ
Câu IV (1 điểm) Cho lăng trụ tam giác ABC.A1B1C1 có tất cả các cạnh bằng a, góc tạo bởi cạnh bên
và mặt phẳng đáy bằng 300 Hình chiếu H của điểm A trên mặt phẳng (A1B1C1) thuộc đờng thẳng
B1C1 Tính khoảng cách giữa hai đờng thẳng AA1 và B1C1 theo a
II PHẦN RIấNG (3.0 điểm)
Câu Va
1.(2 điểm)Trong mặt phẳng tọa độ Oxy cho đờng tròn (C) có phơng trình (x-1)2 + (y+2)2 = 9
và đờng thẳng d: x + y + m = 0 Tìm m để trên đờng thẳng d có duy nhất một điểm A mà từ đó kẻ
đ-ợc hai tiếp tuyến AB, AC tới đờng tròn (C) (B, C là hai tiếp điểm) sao cho tam giác ABC vuông
2.(1 điểm) Có bao nhiêu số tự nhiên có 4 chữ số khác nhau và khác 0 mà trong mỗi số luôn luôn
có mặt hai chữ số chẵn và hai chữ số lẻ
Câu Vb
1 (2 điểm)Trong không gian với hệ tọa độ Oxyz cho điểm A(10; 2; -1) và đờng thẳng d có
ph-ơng trình x −1
2 =
y
1=
z −1
3 Lập phơng trình mặt phẳng (P) đi qua A, song song với d và khoảng cách từ d tới (P) là lớn nhất
2.(1 điểm) Xét ba số thực không âm a, b, c thỏa mãn a2010 + b2010 + c2010 = 3
Tìm giá trị lớn nhất của biểu thức P = a4 + b4 + c4
………Hết………
HƯỚNG DẨN GIẢI ĐỀ LB8
I:PHẦN CHUNG CHO TẤT CẢ CÁC THÍ SINH (7,0 điểm)CõuI:)(2 điểm)
1) a.TXĐ: D = R\{-2}
b.Chiều biến thiên
Trang 2+Giới hạn:
x → −2 − =+ ∞ lim y
x →− ∞=lim y
x →+∞=2 ;lim y
¿ Suy ra đồ thị hàm số có một tiệm cận đứng là x = -2 và một tiệm cận ngang là y = 2
+
x+2¿2
¿
¿
y '=3¿
Suy ra hàm số đồng biến trên mỗi khoảng (− ∞;−2) và (−2 ;+∞)
+Bảng biến thiên
x − ∞ -2 +∞
y’ + +
+∞ 2
Y
2
− ∞
c.Đồ thị:Đồ thị cắt các trục Oy tại điểm (0; 1
2 ) và cắt trục Ox tại điểm( −
1
2 ;0)
Đồ thị nhận điểm (-2;2) làm tâm đối xứng
2)Hoành độ giao điểm của đồ thị (C ) và đờng thẳng d là nghiệm của phơng trình
2 x +1
x +2 =− x +m ⇔
x ≠ −2
x2+(4 −m) x +1− 2m=0(1)
¿{
Do (1) có −2¿2+(4 − m).(−2)+1− 2m=− 3 ≠ 0 ∀ m
Δ=m2+1>0 va¿ nên đờng thẳng d luôn luôn cắt đồ thị (C )
tại hai điểm phân biệt A, B
Ta có yA = m – xA; yB = m – xB nên AB2 = (xA – xB)2 + (yA – yB)2 = 2(m2 + 12) suy ra AB ngắn nhất AB2 nhỏ nhất m = 0 Khi đó AB=√24
Cõu II:)(2 điểm)
1)(1 điểm).Phơng trình đã cho tơng đơng với
9sinx + 6cosx – 6sinx.cosx + 1 – 2sin2x = 8 6cosx(1 – sinx) – (2sin2x – 9sinx + 7) = 0
6cosx(1 – sinx) – (sinx – 1)(2sinx – 7) = 0 (1-sinx)(6cosx + 2sinx – 7) = 0
1− sin x=0
¿
6 cos x +2 sin x −7=0(VN)
¿
¿
¿
¿
x= π
2+k 2 π
2) (1 điểm).Tớnh:
3 2 0
1
x
Đặt x 1 t x t 2 1 => dx=2tdt;
khi x=0=>t=1,x=3=>t=2
y
O
2
-2
x
Trang 3
2
1
5
= 16 2 14
t
Câu III (2 điểm)
1(1 điểm) BG: Giải bất phương trỡnh: 2x10 5x10 x 2(1)
Điều kiện: x 2
1 2x10 x 2 5x10 2x26x 20 x 1(2)
Khi x 2 => x+1>0 bỡnh phương 2 vế phương trỡnh (2)
(2) 2x 6x 20x 2x1 x 4x11 0 x ; 7 3;
Kết hợp điều kiện vậy nghiệm của bất phương trỡnh là: x 3
2 (1 điểm).Từ giả thiết bài toán ta thấy có C52=10 cách chọn 2 chữ số chẵn (kể cả số có chữ số
0 đứng đầu) và C53 =10 cách chọn 2 chữ số lẽ => có C52 C53 = 100 bộ 5 số đợc chọn
Mỗi bộ 5 số nh thế có 5! số đợc thành lập => có tất cả C24 C53 5! = 12000 số
Mặt khác số các số đợc lập nh trên mà có chữ số 0 đứng đầu là C14 C53 4 !=960 Vậy có tất cả
12000 – 960 = 11040 số thỏa mãn bài toán
II.PHẦN RIấNG: (3điểm)
Câu Va :
1)(2 điểm)Từ pt ct của đờng tròn ta có tâm I(1;-2), R = 3, từ A kẻ đợc 2 tiếp tuyến AB, AC tới đờng
tròn và AB⊥ AC => tứ giác ABIC là hình vuông cạnh bằng 3 ⇒IA=3√2
⇔|m− 1|
√2 =3√2⇔|m− 1|=6⇔
m=5
¿
m=7
¿
¿
¿
¿
¿
2 (1 điểm)Từ giả thiết bài toán ta thấy có C24=6 cách chọn 2 chữ số chẵn (vì không có số 0)và
C52=10 cách chọn 2 chữ số lẽ => có C24 C52 = 60 bộ 4 số thỏa mãn bài toán
Mỗi bộ 4 số nh thế có 4! số đợc thành lập Vậy có tất cả C24 C52 4! = 1440 số
Câu Vb
1)(2 điểm)Gọi H là hình chiếu của A trên d, mặt phẳng (P) đi qua A và (P)//d, khi đó khoảng cách
giữa d và (P) là khoảng cách từ H đến (P)
Giả sử điểm I là hình chiếu của H lên (P), ta có AH ≥ HI => HI lớn nhất khi A ≡ I
Vậy (P) cần tìm là mặt phẳng đi qua A và nhận ⃗AH làm véc tơ pháp tuyến
H ∈ d ⇒ H (1+2 t ;t ;1+3 t) vì H là hình chiếu của A trên d nên ⃗u=(2 ;1;3)
AH⊥ d ⇒⃗ AH ⃗u=0¿ là vtcp
của d) ⇒ H (3 ;1 ;4)⇒⃗ AH(−7 ;− 1;5)
Vậy (P): 7(x – 10) + (y – 2) – 5(z + 1) = 0 7x + y -5z -77 = 0)
2) (1 điểm)áp dụng bất đẳng thức Cô si cho 2005 số 1 và 4 số a2009 ta có
2010
2010 2010 2010 2010 2010 2010 2010 2010 4 2006
1 1 1 a a a a 2010 a a a a 2010 (1)a
Tơng tự ta có
2010
2010 2010 2010 2010 2010 2010 2010 2010 4 2006
1 1 1 b b b b 2010 b b b b 2010 (2)b
2010
2010 2010 2010 2010 2010 2010 2010 2010 4 2006
1 1 1 c c c c 2010 c c c c 2010 (3)c
Trang 4Cộng theo vế (1), (2), (3) ta đợc
2009 2009 2009 4 4 4
4 4 4
Từ đó suy ra P=a4+b4+c4≤ 3
Nên giá trị lớn nhất của P = 3 ; khi a = b = c = 1
………Hết………