1. Trang chủ
  2. » Cao đẳng - Đại học

Bài tập tích phân

2 44 0

Đang tải... (xem toàn văn)

THÔNG TIN TÀI LIỆU

Thông tin cơ bản

Định dạng
Số trang 2
Dung lượng 163,21 KB

Các công cụ chuyển đổi và chỉnh sửa cho tài liệu này

Nội dung

CÙNG SINH VIÊN YÊU TOÁN - BÀI 6VŨ TIẾN VIỆT Tóm tắt nội dung.. Bất đẳng thức là vùng đất mầu mỡ cho những hoa đẹp quả ngon... Bất đẳng thức.. Bản dịch của Nguyễn Khắc Lân, Nguyễn Duy Tiế

Trang 1

CÙNG SINH VIÊN YÊU TOÁN - BÀI 6

VŨ TIẾN VIỆT

Tóm tắt nội dung Bất đẳng thức là vùng đất mầu mỡ cho những hoa đẹp quả ngon.

1 Đề bài

Cho hàm f : [0, 3] → R khả vi liên tục và thỏa mãn

Z 2

1

f (x)dx = 0.

Chứng minh rằng

Z 3

0

[f 0 (x)]2dx >

h Z 3 0

f (x)dx

i2

.

2 Lời giải

Sử dụng tích phân từng phần ta có

Z 1

0

xf 0 (x)dx = xf (x)dx

¯

¯

¯1

0

Z 1

0

f (x)dx = f (1) −

Z 1

0

f (x)dx,

Z 3

1

(2x − 3)f 0 (x)dx = (2x − 3)f (x)

¯

¯

¯

3 2

1 − 2

Z 3

1

f (x)dx = f (1) − 2

Z 3

1

f (x)dx.

Sử dụng bất đẳng thức Cauchy-Schwarz ta được

Z 1

0

x2dx

Z 1

0

[f 0 (x)]2dx >

h Z 1 0

xf 0 (x)dx

i2

=

h

f (1) −

Z 1

0

f (x)dx

i2

=

h Z 1 0

f (x)dx − f (1)

i2

,

Z 3

1

(2x − 3)2dx

Z 3

1

[f 0 (x)]2dx >h Z

3

1

(2x − 3)f 0 (x)dxi2

=

h

f (1) − 2

Z 3

1

f (x)dx

i2

=

h 2

Z 3

1

f (x)dx − f (1)

i2

.

Suy ra

Z 1

0

[f 0 (x)]2dx > 3

h Z 1 0

f (x)dx − f (1)

i2 (1)

Z 3 2

1

[f 0 (x)]2dx > 6

h 2

Z 3 2

1

f (x)dx − f (1)

i2 (2)

1

Trang 2

2 VŨ TIẾN VIỆT

Trong (1) và (2) ta đổi biến t = 3 − x thì được

Z 2

3 2

[f 0 (t)]2dt > 6h2

Z 2

3 2

f (t)dt − f (2)i2 (3)

Z 3

2

[f 0 (t)]2dt > 3h Z

3 2

f (t)dt − f (2)i2 (4) Đặt

A =

Z 1

0

f (x)dx − f (1) , B = 2

Z 3 2

1

f (x)dx − f (1) ,

C = 2

Z 2

3 2

f (x)dx − f (2) , D =

Z 3

2

f (x)dx − f (2)

và chú ý

Z 2

1

f (x)dx = 0, ta thấy A − (B + C) + D =

=

Z 1

0

f (x)dx − 2

h Z 3

1

f (x)dx +

Z 2

3 f (x)dx

i +

Z 3

2

f (x)dx

=

Z 1

0

f (x)dx − 2

Z 2

1

f (x)dx +

Z 3

2

f (x)dx

=

Z 1

0

f (x)dx +

Z 2

1

f (x)dx +

Z 3

2

f (x)dx =

Z 3

0

f (x)dx.

Cộng từng vế (1), (2), (3), (4) ta được

Z 3

0

[f 0 (x)]2dx =

Z 1

0

[f 0 (x)]2dx +

Z 3

1

[f 0 (x)]2dx +

Z 2

3 2

f (x)dx +

Z 3

2

f (x)dx

> 3A2+ 6B2+ 6C2+ 3D2

= 3(A2+ 2B2+ 2C2+ D2) = 3[A2+ (B + C)2+ (B − C)2+ D2]

> 3[A2+ (B + C)2+ D2] = [12+ (−1)2+ 12].[A2+ (B + C)2+ D2]

> [A − (B + C) + D]2 =

h Z 3 0

f (x)dx

i2

.

Tài liệu

[1] Mitrinoviic D.S., Pecaric J.E., Fink A.M Classical and New Inequalities in Analysis.

Kluwer Academic Publishers, Dordrecht - Boston - London, 1993.

[2] Hardy G.H., Littlewood J.E., Polya G Bất đẳng thức.

Bản dịch của Nguyễn Khắc Lân, Nguyễn Duy Tiến, Nguyễn Hữu Ngự.

Nhà xuất bản Đại học Quốc gia Hà Nội, 2002.

[3] George A Anastassiou Advanced Inequalities.

World Scientific, 2011.

[4] Vũ Tiến Việt (chủ biên), Phạm thị Hằng, Nguyễn thị Lê Giáo trình Toán cao cấp - Học phần A2.

Nhà xuất bản Đại học Quốc gia Hà Nội, 2016.

(Đại tá - TS Vũ Tiến Việt) Tổ Toán ứng dụng - Khoa CN&ANTT

E-mail address: mydienbien@gmail.com

Ngày đăng: 27/10/2018, 17:22

TỪ KHÓA LIÊN QUAN

w