Môn : toán vòng 2 đáp án, hớng dẫn chấm Đỏp ỏn, hướng dẫn chấm này cú 3 trang yêu cầu chung * Đáp án chỉ trình bày một lời giải cho mỗi bài.. Trong bài làm của học sinh yêu cầu phải lậ
Trang 1Môn : toán (vòng 2)
đáp án, hớng dẫn chấm
(Đỏp ỏn, hướng dẫn chấm này cú 3 trang)
yêu cầu chung
* Đáp án chỉ trình bày một lời giải cho mỗi bài Trong bài làm của học sinh yêu cầu phải lập luận lô gic chặt chẽ, đầy đủ, chi tiết và rõ ràng.
* Trong mỗi bài, nếu học sinh giải sai ở bớc giải trớc thì cho điểm 0 đối với những bớc giải sau có liên quan.
* Điểm thành phần của mỗi bài nói chung phân chia đến 0,25 điểm Đối với điểm thành phần là 0,5 điểm thì tuỳ tổ giám khảo thống nhất để chiết thành từng 0,25 điểm.
* Học sinh không vẽ hình hoặc vẽ hình sai nghiêm trọng đối với Bài 4 thì cho điểm 0 đối với Bài 4.
* Học sinh có lời giải khác đáp án (nếu đúng) vẫn cho điểm tối đa tuỳ theo mức điểm của từng bài.
* Điểm của toàn bài là tổng (không làm tròn số) của điểm tất cả các bài.
1
ĐK:
2 2 2
1 0
1 0 , ,
1 0
− + >
− + > ⇔ ∈
− + >
Ă
Ta giả sử (x,y,z) là nghiệm của hệ Xột hàm số :
f t( )=t2009+ − +3 3 ln(t t2 − +t 1) , t∈Ă
2
nờn f(t) là hàm đồng biến trờn Ă
Vỡ vai trũ của x, y, z là bỡnh đẳng nờn khụng mất tớnh tổng quỏt, ta giả sử:
x = max{x,y,z} thỡ y= f x( )≥ f y( )= ⇒ =z z f y( )≥ f z( )=x
Vậy ta cú x = y = z
Xột g(x) = x2009+2x− +3 ln(x2− +x 1),x∈Ă
Ta cú:
2
Và g(1) = 0
Nờn phương trỡnh g(x) =x3 +2x− +3 ln(x2 − + =x 1) 0 cú nghiệm duy nhất
(3,0)
0,5
0.25 0,5 0,25
0,5 0,25
0,5
Trang 2Giả sử f(x) thỏa mãn đề bài , tức là:
( ) ( ) ( ) ( ) 4 ( ), , (2)
f
=
Với b∈¡ , chọn a – b = 1 suy ra: a + b = 2b + 1
Khi đó từ (1), (2) ta có :
f(2b + 1) – (2b + 1).2010 = 4(b + 1).b.(2b + 1)
Hay : f(2b + 1) = (2b + 1).(4b2 + 4b + 2010)
= (2b + 1)[(2b + 1)2 + 2009]
= (2b + 1)3 + 2009.(2b + 1) , b∀ ∈¡
Do đó : f(x) = x3 + 2009x (3), x∈¡
Bằng phép thử trực tiếp thấy f(x) xác định bởi (3) thỏa mãn điều kiện (1)
và (2)
Vậy f(x) = x3 + 2009x là hàm số duy nhất cần tìm
0,5 0,5
0,5 0,5
0,5 0,5
3
Từ giả thiết ta có : a, b, c ∈¥ và 0≤a b c, , ≤9,ac≠0
Giả sử phương trình có nghiệm hữu tỉ , ta có:
∆ = −b2 4ac d d= 2, ∈¥
Hay: b2 −d2 =4ac> ⇒ >0 b d
Mặt khác: 4 a abc=4 (100a a+10b c+ =) (20a b+ )2 −(b2−4 )ac
=(20a b+ )2 −d2 =(20a b d+ + )(20a b d+ − )
Mà : abc nguyên tố nên ta suy ra nó là ước của (20a + b + d) hoặc của
(20a + b – d)
Tuy nhiên ta lại có:
20a + b + d < 100a + b + b < 100a + 10b + c = abc
20a + b – d < 100a + b < 100a + 10b + c = abc
Điều này vô lý chứng tỏ phương trình đã cho không có nghiệm hữu tỉ
(2,0)
0,25
0,25 0,25
0,25 0,25 0,25
0,25 0,25
Trang 3Ký hiệu ( , )d α β là khoảng cách giữa 2 yếu tố ,α β
Vì vai trò của các đường thẳng d1, d2, d3, là như nhau nên không mất tính
tổng quát ta có thể giả sử ABCD là một tứ giác
Gọi O là giao điểm của AC và BD, O’ là giao điểm của A’C’ và B’D’ thì
OO’ // DD’
Từ đó ta có:
( ',( )) '
( ,( ' ' ')) '
Suy ra: ' ' '
'
DD
OO
'
DD
OO
Đặt : h = d(BB’, (ACC’A’))
Thì : h = d(B, (ACC’A’)) = d(B’ , (ACC’A’))
1 3
V =V = h S (2)
1 3
V =V = h S (3)
Đặt : d = d(AA’, CC’) thì ' ' ' 1 '
2
Từ (1), (2), (3), (4) suy ra điều phải chứng minh
0,25
0,25 0,25
0,25 0,25 0,25 0,25 0,25
C’
A
B
C
D O
A’
B’
D’
O’
