BAI TAP REN LUYEN DA

Trang 1

KHểA HỌC LUYỆN THI CẤP TỐC 20 NGÀY CŨNG THẦY

NGUYỄN ANH PHONG

NGÀY SỐ 2

Cõu 01: Chọn đỏp ỏn D

Định hướng tư duy giải

Bài toỏn sẽ rất đơn giản nếu cỏc bạn hiểu nú chỉ là quỏ trỡnh BTNT.C

Ta cú:

2

BTNT.C

n 0,05.2 0,1.3 0, 4 n 0, 4(mol)

Ta lại cú:

2

m 40, 2(gam)

Cõu 02: Chọn đỏp ỏn C

+ Cú MX 2.9,25 18,5 BTKL nY 18,5.1 0,925

20 + Vậy

2

đã phản ứng

H

n 1 0,925 0,075(mol)

Cõu 03: Chọn đỏp ỏn A

Bài toỏn khỏ đơn giản và quen thuộc với kỹ thuật BTLK.π

C H : 0,35(mol) n 1(mol)

H : 0, 65(mol) m 0,35.26 0, 65.2 10, 4(gam)

2

10, 4

2.8

Phản ứng

ons

CH CH

12

240

Dư

BTKL.

(0,35 0,05).2 nPhản ứng n n 0, 25(mol)

Cõu 04: Chọn đỏp ỏn B

2

2 4

C H

0,5

1

Cõu 05: Chọn đỏp ỏn B

Ta cú :

2 4

X

2

C H : 0, 3

m 13, 3

X C H : 0,15

n 0, 3.1 0,15.2 0, 6

H : 0, 5 Liên kết

Do mX mY nY 13, 3 0, 5 n 0, 95 0, 5 0, 45(mol)

13, 3.2

2

BTLK.

Br

n 0,6 0, 45 0,15(mol)

Cõu 6: Chọn đỏp ỏn D

Trang 2

Cách 1: Ta có ngay H 0, 7 2,8

0, 25 → Chọn D ngay

Cách 2: C 0, 35 1, 4

0, 25 mà đốt N cho nCO 2 nH O 2 nên

2

ankin H

n n nên số C trong hỗn hợp ankin và H2 phải nhỏ hơn 1,4 → chọn D ngay

Câu 7: Chọn đáp án B

Ta có:

2

CO

BTKL

A

n 0, 4(mol)

Nhìn từ đáp án ta thấy X chỉ có thể chứa 1 liên kết pi hoặc 2 liên kết pi trong phân tử

Trường hợp 1:

Nếu X chứa 1 liên kết pi 2

2 2

CO

Br

n 0, 4(mol)

n 0, 2

Trường hợp 2:

Nếu X chứa 2 liên kết pi 2

2 2

CO

Br

Câu 8: Chọn đáp án A

+ Có

2

X

M 22,5

+ BTNT nO 0,3.2 4a 2nb 1,05(mol)

2

+ Y 2

3

1,05.16

32x 48y 1,05.16

Mỗi phần của X sẽ có 0,2 mol

Ta có:

2

CO cháy

H O

OXI

2

BTNT

O

0, 25.2 0, 25

2

Ta có:

2

2 2

O

BTNT.O 2

Cháy X

2

H O Pu

Br

n 2, 45(mol)

2a b 4,9

n 0,35

BTKL

m m C, H 1,56.12 1,78.2 22, 28(gam)

Trang 3

+ Có

3 3 2

2 2

AgNO / NH

2 2 Br

Ni

Chay

H O

C H : 0,1(mol)

BTKL Trong X

8, 6 0, 7.2

12

2

Vậy

2

n nPh¶n øng n n 0, 4 0, 2 0, 2(mol)

BTLK.

3.n 3.0,1 nPh¶n øng nPh¶n øng nPh¶n øng 0,1 m 16(gam)

Câu 13: Chọn đáp án C

Bài toán khá quen thuộc với ý tưởng BTLK.π

Ta có :

2 2

2 4 2

C H : 0,15

H : 0, 4

2

H

n nPh¶n øng 0,75 0,5 0, 25(mol)

Ta lại có:

2

BTLK.

Trong X

n 0,15.2 0,1.3 0,1 0,7 a nPh¶n øng 0,7 a 0, 45(mol)

Nhận xét rằng Z là ankan và H2 Z Trong XH2 X 2

H : 0, 25

Anken : 0,15

BTKL

5, 68 0, 25.2

0,15

2

BTKL

2 4

3 6

H : 0, 25

X C H : a 0, 25.2 28a 42(0,15 a) 5, 68 a 0, 08

C H : 0,15 a

3 6

C H

n 0,15 0,08 0,07(mol)

Ta có:

BTNT.C

Lại có:

Giải thích: Khi tách 1 H2 hay crackinh thì ta đều thu được 1 anken Như vậy 0,1 mol butan sẽ tạo ra 0,1 mol anken Độ lệch 0,02 mol có thể hiểu là do anken tách tiếp H2 để tạo ankin

Định hướng giải

Trang 4

Ta có:

2

4

2 6

4 10

Bu tan CH C H

Bu tan C H C H

CH : 0,06

C H : a 0,16

0,1 0,06 0,04

Câu 17 Chọn đáp án A

Ta có:

2

H

n 0, 08(mol)

n 0, 25 n 0, 28 0, 25 0, 03(mol)

n 0, 2

Vậy trong X có

5 12

C H ankan

n 0, 08 0, 03 0, 05 n 0, 05

2

BTNT.C

CO

n 0,05.5 0, 25 m 25(gam)

4 10

C BTNT

C H

H

n 1,2

17, 4

Bình Brom hút anken manken 8, 4 C : a 12a 2a 8, 4 C : 0,6

2

CO : 0,6

C : 1,2 0,6 0,6

m 42,6

Ta có:

2

2 2

4 4

H

BTKL

C H

10,53

2.19,5

→ H2 phản ứng hết

BTLK.

a 0, 075

b 0, 03 m 27, 6

c 0, 03

Ta dồn bọn X thành: C Hn 2n 2 2k với k là số liên kết π

Trang 5

Ta có:

2

H O

.k 0,86 21,18k 12, 04n 1, 72 14n 2 2k

2

BTNT

O

142

n

65

86

k

65

Chú ý: Các em cũng có thể giải bằng kỹ thuật “Dồn biến giả định”

Câu 21: Chọn đáp án D

+ Khi đốt X ta có

2

X

2,2 6,4 2k CO

X : C H

n 0,22 với k là số liên kết π trong X

+ Mặt khác

2

6,32

32,8 2k

Vậy

0,1(6, 4 2.0,6)

2

Chú ý: Các em cũng có thể giải bằng kỹ thuật “Dồn biến giả định”

Cách 1: Biến đổi thông thường

Số liên kết π có khả năng tham gia phản ứng cộng trong E là: k 0,4 0,8(mol)

0,5

3 4 2

4 8 2

2 2 2

C H O

X

C H

H

x 2z t 0,15

0,8

x 2z

x y z (x 2 z 0,15) 1, 25(x 2 z) 3x 4 y 2 z 0,6

0,8

n 0,6(mol) 0,6.100 0,6.44 m 21,45 m 12,15(gam)

Cách hai: Dồn biến giả định

3 4 2

2 Chay

2 2

C H O : a

CO : 3a 2b

H O : 2a b c

H : c

132a 94b 18c 21, 45

BTLK.

Với 0,5 mol E k(a b c) 0,5 a 2b 0,8 0, 2a 1, 2b 0,8c 0

k(a 2 b) 0, 4 a b c

BTNT.H

a 0, 05

b 0, 225 x 18(2 a b c) 12,15(gam)

c 0, 35

Trang 6

Ta có :

2

CH CH : 0,06

H : 0,16

2 2

4 4

C H

trong Y

C H

a b 0,15 0, 08 0, 07

4 3

CAg CAg : 0, 03

a 0, 03

m 13,56

C H Ag : 0, 04

Ta có:

2 Cháy T

2

m 3, 68(gam) m

H O : 0, 24

CO : x

BTKL

m m(C, H) 0, 24.2 0,16.12 2, 4 m 6,08

E

n 0,3

X : 0,16 6, 08 0,14.2

6, 08

4.9,5

BTLK.

0,16.(2, 6875.2 2) 0,16.4 0,14.2 2a a 0,13(mol)

Nhận xét nhanh thấy:

0,8325 0, 44.1, 5

0, 75

Em nào chưa hiểu thì có thể theo dõi qua hai phản ứng dưới đây

3n

2

Vì

2

CH NH : 0, 08

C H NH : 0,15

BTKL

H

a 0, 06.12 0, 06.2 0,84(gam)

Câu 26: Chọn đáp án D

Nhận xét nhanh thấy:

1, 065.1, 5 1, 2525

1, 5

Khi X cháy

N

3n

n n 1, 065 1,5.0, 23 0, 72

2

Em nào chưa hiểu thì có thể theo dõi qua hai phản ứng dưới đây

3n

2

Trang 7

a min

m 17, 625 0, 23.36, 5 9, 23(gam)

Nhận thấy số mol CO2 do anken sinh ra ít nhất phải là 0,14.2 = 0,28

CH NH : 0, 08

C H NH : 0,15

2 4

3 6

C H : 0, 06 0, 72.12 1, 065.2 0, 23.14 13,99

Định dạng
Số trang	7
Dung lượng	413,51 KB