Chu de 7 da thuc

CHUYÊN ĐỂ 7: ĐA THỨCBài 1: TÍNH CHIA HẾT CỦA ĐA THỨC A.. Các kiến thức cần nhớ Giả sử fx và gx là các đa thức và bậc của fx lớn hơn hoặc bằng bậc của gx.. Khi đó luôn tồn tại duy nhất cá

CHUYÊN ĐỂ 7: ĐA THỨC

Bài 1: TÍNH CHIA HẾT CỦA ĐA THỨC

A Các kiến thức cần nhớ

Giả sử f(x) và g(x) là các đa thức và bậc của f(x) lớn hơn hoặc bằng bậc của g(x) Khi đó luôn tồn tại duy nhất các đa thức q(x) và r(x), thỏa mãn:

f(x) = g(x) q(x) + r(x)

Trong đó: Bậc của r(x) nhỏ hơn bậc của g(x)

Nếu r(x)  0 thì ta nói f(x) chia hết cho g(x)

Xét phép chia đa thức f(x) cho đa thức bậc nhất x – a

f(x) = (x-a) q(x) + r Cho x = a  f(a) = r

- Kết luận: Phần dư trong phép chia đa thức f(x) cho x – a là một số bằng f(a)

- Nếu f(a) = 0 hay x = a là nghiệm của đa thức f(x) thì f(x) chia hết cho x – a

- Định lý Bơ Du:

Số dư trong phép chia đa thức f(x) cho nhị thức x – a bằng giá trị của f(x) tại x = a

( ) ( ) ( ) 0

Ví dụ: Không đặt tính chia, hãy xét xem đa thức A = x3 – 9x2 + 6x + 16 có chia hết cho x + 1;

x – 3 hay không?

Lời giải

Ta có: f(-1) = 0 suy ra A chia hết cho B

f(3) = -20 ≠ 0 nên A không chia hết cho C

- Chú ý:

+) Nếu f(x) có tổng các hệ số bằng 0 thì chia hết cho x – 1

+) Nếu f(x) có tổng các hệ số của hạng tử bậc chẵn bằng tổng các hệ số của các hạng tử bậc

lẻ thì chia hết cho x + 1

+) an – bn chia hết cho a – b (a  -b)

+) an + bn ( n lẻ) chia hết cho a + b (a  -b)

+) a n b n (a b a)( n1 a b a b n2 n3 2 ab n2 b n1)

+) a n b n (a b a)( n1 a b a b n2 n3 2 ab n2 b n1)

B Bài tập và các dạng toán

Dạng 1: Chứng minh một đa thức chia hết cho một đa thức (Xét các đa thức một biến) Cách 1: Phân tích đa thức bị chia thành nhân tử có một thừa số là đa thức chia

Nếu

( ) ( ) ( ) ( ) ( )

( ) ( )

f x g x

f x g x h x

f x h x









Bài 1: Chứng minh rằng

a f x( ) 8 x9 9x81 ( ) (g x  x1)2

b f x( )x99x98  x 1; ( )g x x4x3x2 x 1

c f x( )x8nx4n1; ( )g x x2nx n 1

d f x( )x100x201; ( )g x x40x201

e f x( )x1010x9; ( ) (g x  x1)2

Lời giải:

a Ta có:

8 7 (x 1)(8x x x 1)

Cách 1: Ta có 8x8 x7   x1 có tổng các hệ số = 0 (x1) f x( ) (x1)2

Cách 2: Ta có:

( 1) (8 7 2 1) ( 1)

b Ta có:

f x x x    x x  x  x x   x  x   x x  x  g x

Cách 2: Ta có

(x1) ( )f x x 1 [( ) x 1] (x 1) ( x1) ( )g x  f x g x( ) ( )

c Ta có

( ) n n 1 ( n) 2 n 1 n ( n 1) ( n) ( n n 1)( n n 1)

f x x x   x  x   x  x   x  x x  x  x 

Lại có: x4nx2n 1 (x2n x n1)(x2nx n1) f x g x( ) ( )

d Đặt tx20 f t( )  t5 t 1; ( )g t   t2 t 1

Ta có: f t( ) t5 t2t2  t 1 t t2( 31) ( t2 t 1) ( t2 t 1)(t3 t21) f x g x( ) ( )

e.Ta có:

2 8 7

( ) ( 1) (10 10) ( 1)( 1 10) ( 1)[(x 1) ( 1)]

=(x-1) ( 2 8 9) ( ) ( )

Cách 2: Biến đổi đa thức bị chia thành một tổng các đa thức chia hết cho đa thức chia

Nếu f(x) = g(x) + h(x) + k(x), mà

( ) ( ) ( ) ( ) ( ) ( ) ( ) ( )

g x q x

h x q x f x q x

k x q x

















Bài 2: Chứng minh rằng

a f x( )x50x101 ( )g x x20 x101

b f x( )x199x27 x g x2 ( )x2 x1

c f x( )x99x88   x111; ( )g x x9x8  x 1

d f x( )x3m1x3m21; ( )g x x2 x 1  n N

e f x( )x6m4x6n21; ( )g x x2 x1 m n N 

Lời giải

a f x( )x50x10 1 (x50 x20) ( x20x101)

Lại có: x50 x20 x20(x301)x20[(x )10 31]x20(x101)(x20 x10 1) f x g x( ) ( )

b Ta có:

999 3 3



         

c Ta có: (x1) ( )g x x101

f x x x  x   x  x  x   x  x x x   x

[(x ) 1] [(x ) 1] ( 1) ( ) ( ) ( )



             

d Ta có f x( ) x3m1 x3m2 1 (x3m1 x) (x3m2 x2) (x2 x 1)

3m1 ( 3m 1) [(x )3 m 1] 3 1 ( 1)( 2 1)

3m 2 2 2( 3m 1) 2[(x )3 m 1] 3 1 ( 1)( 2 1)

( ) ( )

f x g x

e Ta có:



        

2 2



              

Cách 3: Sử dụng các phép biến đổi tương đương

Muốn chứng minh f(x) chia hết cho g(x) ta đi chứng minh

( ) ( ) ( )

( ) ( ) ( ) ( ) ( )

f x g x g x

f x g x

f x g x g x



















Bài 3: Chứng minh rằng f x( )x99x88 x111 ( )g x x9x8  x 1

Lời giải

             

Mà x101 ( x1)(x9x8x7  x 1) f x( ) g x g x( ) ( )

Lại có: ( )g x g x ( ) f x g x( ) ( )

Cách 4: Chứng tỏ rằng mọi nghiệm của đa thức chia đều là nghiệm của đa thức bị chia

- Cách này áp dụng với những bài toán mà đa thức chia dễ tìm được nghiệm

Bài 4: Chứng minh rằng

a [ ( ) (f x  x2 x 1)10(x2 x1)10 2] ( )g x x2 x

b f x( ) ( x1)2n x2n 2x1; ( )g x x x( 1)(2x1)  n N

c f x( ) ( x 2)2n(x 3)2n1 ( )g x x2 5x6  n N*

d f x( )x2 x9 x1945g x( )x2 x1

Lời giải

a

2

x

x





 , Vậy g(x) có hai nghiệm là x = 0 ; x = 2 (1) 0; (0) 0 ( ) ( 1); ( )

f  f   f x x f x x , mà x và x -1 không chứa nhân tử chung

Vậy [ ( ) (f x  x2 x 1)10(x2 x1)10 2] ( )g x x2 x

b

c g x( ) 0  x2;3 ; (2) f f(3) 0  f x g x( ) ( )

d Ta có: f x( )x2 x9 x1945 x2 x 1 (x91) ( x1945 x)

2 1 2 1 (1); 9 1 [( )3 31] ( 31) 2 1 (2); 1945  ( 19441) 31 (3)

Từ (1), (2), (3) ta có f(x) chia hết cho g(x)

CHUYÊN ĐỂ 3: ĐA THỨC Bài 2: PHẦN DƯ TRONG PHÉP CHIA ĐA THỨC

A Tìm dư của phép chia đa thức mà không thực hiện phép chia

1 Cách 1: Tách đa thức bị chia thành tổng các đa thức chia hết cho đa thức chia và còn dư

Bài 1: Tìm dư trong phép chia

a f x( )x7x5x31; ( )g x x21

b f x( )x27x9x3x g x; ( )x21

c f x( )x g x41; ( )x21

d f x( )x43; ( )g x x21

e f x( )x100x99  x 1; ( )g x x2 x 1

f f x( )x100x90 x101; ( )g x x2 x1

g f x( )x100x99  x 1; ( ) (g x  x1)(x21)

h f x( )x10 x9  x 1; ( )g x x2 x1

Lời giải:

a f x( ) ( x7 x5) (2 x5 2 ) (3x3  x3 3 ) (3x  x1)x x5( 21) 2 ( x x3 21) 3 ( x x21) 3 x1 Vậy đa thức dư là: 3x + 1

b f x( ) ( x27 x) ( x9 x) ( x3 x) 4 x x [(x )2 131]x[(x )2 41]x x( 21) 4 x , dư là : 4x

1 1

x x

  

 

    

, Vậy dư là : x

1

x





    

, Vậy dư là : -x

e



2

u ( 1)

d

x x

 



           

f.Ta có:

100 90 10

[(x ) 1] [(x ) 1] [(x ) 1] [(x ) 1] 3( 1) 1

  

du

g g(x) có 101 số hạng, nhóm 4 số hạng 1 nhóm, dư là : 1

h Ta có:



10 9

du

Bài 2: Tìm số dư trong phép chia

( ) 2 4 6 8 2008;  10 21

Lời giải:

Ta có:

( ) 2 4 6 8 2008 `10 16 10 24 2008

Đặt



2 10 21 ( 3; 7) ( ) 2 2 1993

du

2 Cách 2: Xét giá trị riêng ( phép chia ảo )

Bài 3: Tìm số dư của f(x) cho g(x), biết rằng

a f x( )x7x5x31; ( )g x x2 b 1 f x( )x10 x8 x1; ( )g x x2 x 2

c f x( ) ( x1)(x3)(x5)(x7) 1999; ( ) g x x28x12

Lời giải

a Gọi thương phép chia là q(x) và dư là: ax + b , ta có:

7  5 3 1 ( 21) ( ) ax+b x

Vì đẳng thức đúng với mọi x nên ta chọn x = 1 và x = -1, được:

: 3 1

du x

b Ta có : g x( )x2 x 2 ( x1)(x 2)

Thực hiện phép chia f(x) cho g(x) ta được:

( ) ( 1)( 2) ( ) ax+b

f x  x x q x 

Cho

: 682 683

c Cách 1:

( ) ( 1)( 7)( 3)( 5) 1999 16 86 176 2014 ( 2)( 6) ( ) ax+b

f x  x x x x  x  x  x  x  x x q x 

Cho

:1984

du

2 8 7 ( ) ( 8) 1999 ( 2 8 15) 1984 ( 3)( 5) 1984

du

tx  x  f t t t   t  t   t t 

Bài 4: Tìm đa thức f(x) biết rằng :

a f(x) chia cho x – 3 thì dư 7, chia cho x – 2 thì dư 5, chia cho (x-2)(x-3) thì được thương là 3x và còn dư

b f(x) chia cho x – 2 thì dư 5, chia cho x – 3 thì dư 7, chia cho (x-2)(x-3) thì được thương là

x2 - 1 và còn dư

c f(x) chia cho x + 3 thì dư -5, chia cho x – 2 thì dư 5, chia cho x2 + x - 6 thì được thương là

x2 + 2 và còn dư

Lời giải

a.Ta có:

( ) ( 3) ( ) 7 (1);

( ) ( 2) ( ) 5 (2);

( ) ( 2)( 3) ax+b (3)

f x x g x

f x x h x

Cho x = 2

(2) (2) 5

(3) (2) 2







f

a b

Cho x = 2

(2) (3) 7

(3) (3) 3







f

a b

Từ (*) và (**) suy ra: a = 2 và b = 1 suy ra ( ) (f x  x 2)(x 3) 2x+1

b f x( ) x45x3 5x2 5x6

c f x( ) ( x2 x 6)(x22) ax + b = (x + 3)(x - 2)(x 22) ax + b

Cho x = 2, 3

Bài 5: Giả sử đa thức f(x) chia x – 2 dư 11, chia x2 – x + 1 dư 3x + 2 Tìm phần dư khi chi f(x) cho g(x) = x3 – 3x2 + 3x -2

Lời giải

g(x) = x3 – 3x2 + 3x -2 = ( x – 2 )( x2 – x + 1);

Thực hiện phép chia f(x) cho g(x) ta được: f x( ) ( x 2)(x2 x1) ax 2bx c

( ) ( 2) ( ) 11

f x  x h x 

Cho x = 2  f(2) 4 a2b c 11 (1)

Mặt khác:

3 2

2 (2)

3 (3)

 

 



 

 



      

du x

c a

a b

Từ (1), (2) và (3) suy ra (a, b, c) = (1; 2; 3) Do đó phần dư là x2 + 2x + 3

Bài 6: Giả sử f(x) chia cho x + 2 dư 4 và chia cho x2 + 1 dư 2x + 3 Tìm phần dư trong phép chia f(x) cho ( x + 2 )( x2 + 1)

Lời giải

Ta có:

( ) ( 2)( 1) ax

f x  x x   bx c

+) f( 2) 4   4a 2b c 4(1)

+)

3(3)

du

b

c a





 



   

Do đó phần dư là x2 + 2x + 4

BÀI TẬP VỀ NHÀ

Bài 1: Chứng minh rằng

a x4n2 2.x2n1 1 (x 1)2 n N

b

(x 1) n (x 1) n x 1 n N

Bài 2: Chứng minh đa thức

a f x( )x95x94 x2 x 1 ( )g x x31x30 x2 x 1

b f x( )x124x123 x2 x 1 ( )g x x24x23 x2 x 1

Bài 3: Chứng minh rằng f x( )x19x18  x 1 ( ) (g x  x1)(x21)

Bài 4: Chứng minh rằng f x( )x24x18x12x61 ( )g x x4x3x2 x 1

Lời giải

Bài 1: x4n2 2.x2n1 1 (x2n1 1)2

Lại có: x2n1 1 (x 1) (x2n1 1) (2 x 1)2

Bài 2: Ta có (x1) ( )f x x961 [(x ) 32 31] (x321) ( x1) ( )g x  f x q x( ) ( )

Bài 3: f x( ) ( x19 x16) ( x3 1) (  x3 1)( x16x12x8x41) (x1)(x21)

Bài 4: f x( )x x4( 201)x x3( 151)x x2( 101)x x( 51)g x( )

5 5 5 5

([(x ) 1] [(x ) 1] [(x ) 1] ( 1) ( )



                 

Bài 5: Chứng minh rằng f x( )x80x701 ( )g x x20x101

Lời giải

Đặt tx10  f t( ) t8 t7 1; ( )g t   t2 t 1

f t t  t  t  t t   t t  t   t  t t  t

Bài 6: Tìm số a để đa thức f x( )x10 ax23x2x2

Lời giải

Ta có ( )f x x  2 f( 2) 0   1024 4 a 6 2 0   a255

CHUYÊN ĐỂ 3: ĐA THỨC Bài 3:

DÙNG PHƯƠNG PHÁP XÉT GIÁ TRỊ RIÊNG ĐỂ TÌM HỆ SỐ CỦA MỘT ĐA THỨC

A Kiến thức cần nhớ

Giả sử f(x) và g(x) là các đa thức và bậc của f(x) lớn hơn hoặc bằng bậc của g(x) Khi đó luôn tồn tại duy nhất các đa thức q(x) và r(x), thỏa mãn:

f(x) = g(x) q(x) + r(x)

Trong đó: Bậc của r(x) nhỏ hơn bậc của g(x)

Nếu r(x)  0 thì ta nói f(x) chia hết cho g(x)

Xét phép chia đa thức f(x) cho đa thức bậc nhất x – a

f(x) = (x-a) q(x) + r Cho x = a  f(a) = r

- Kết luận: Phần dư trong phép chia đa thức f(x) cho x – a là một số bằng f(a)

- Nếu f(a) = 0 hay x = a là nghiệm của đa thức f(x) thì f(x) chia hết cho x – a

- Định lý Bơ Du:

Số dư trong phép chia đa thức f(x) cho nhị thức x – a bằng giá trị của f(x) tại x = a

( ) ( ) ( ) 0

Bài 1: Xác định các hằng số a, b, c sao cho

a f x( ) ax 3bx25x 50 ( ) (g x  x5)(x 2)

b f x( )x4ax2bx c chia cho x – 2 thì dư 9, chia cho x2 – 1 thì dư 2x - 1

c f x( ) 2 x43 +5xx3 2 ax b g x  ( )x22x3

d f x( ) ax 3bx2c x( 2)

và chia x

2 – 1 dư x + 5

e f x( ) x 3ax2bx c

chia hết cho x – 2 và chia x

2 – a dư 2x

Lời giải

a Gọi q(x) là thương của phép chia f(x) cho g(x)

Ta có: ax3bx25x 50 ( x5)(x 2) ( )q x

Xét các giá trị riêng x = -5 ; x = 2 , ta được:



b f x( ) ( x21) ( ) 2q x  x1

Cho







Mặt khác: f(x) chia cho x - 2 dư 9  f(2) 9  4a2b c 7 (3)

Từ (1), (2) và (3)  ( , , ) ( 3, 2,1)a b c  

c Ta có: f x( ) ( x1)(x2) ( )q x  a1;b3

d Ta có f x( ) ( x2) ( )p x  f( 2) 0   8a4b c 0 (1)

(1)(2)(3) ( , , ) (1,1, 4)

   



    



a b c

e

10 10 ( , , ) ;1;



a b c

Bài 2: Đa thức P(x) có bậc 4, có hệ số bậc cao nhất là 1 Biết P(1) = 0, P(3) = 0; P(5) = 0 Tính

Q = P(-2) + 7.P(6)

Lời giải

Ta có P(x) chia hết cho x – 1: x – 3 ; x – 5 và bậc của P(x) là 4 nên P(x) có dạng:

( ) ( 1)( 2)( 3)( )

P x  x x x x a

( 2) 7 (6) ( 3)( 5)( 7)( 2 ) 7.5.3.1( 6) 105( 2) 105( 6) 840

Bài 3: [GVG Tỉnh – Bắc Ninh : 09/12/2016 ]

Tìm đa thức f(x), biết f(x) chia cho x – 2 dư 5, f(x) chia cho x – 3 dư 7, chia cho (9x-2)(x-3) được thương là x2 – 1 và đa thức dư bậc nhất đối với x

Lời giải

Gọi dư trong phép chia f(x) cho (x-2)(x-3) là ax + b

Ta có: f x( ) ( x 2)(x 3)(x21) ax+b

Theo bài ra ta có:



Bài 4: Tìm f(x), biết f(x) chia cho x – 1 và x – 3 đều dư 2 và f(x) chia cho x2 – 4x + 3 được thương là x + 1 và còn dư

Lời giải

f(x) chia cho x – 1 dư 2  f x( ) ( x1) ( ) 2(1)g x 

f(x) chia cho x – 3 dư 2  f x( ) ( x 3) ( ) 2(2)h x 

f(x) chia cho x2 – 4x + 3 được x + 1 và dư  f x( ) ( x2 4x3)(x1) ax+b(3)

Từ (1), cho x = 1  a b 2(4)

Từ (2)(3) cho x = 3  3a b 2(5)

Từ (4)(5) a0;b 2 f x( ) ( x2 4x3)(x1) 2

Bài 4: ĐẶT PHÉP CHIA ĐỂ TÌM HỆ SỐ Bài 1: Tìm a, b sao cho f x( )x4 x y x y3  2 2axy3by g x2 ( )x2 2xy3y2

Lời giải

Đặt phép chia f x( )g x x( ).( 2xy 2 ) (y2  a 7)xy3(b6)y4

Để phép chia hết thì dư phải bằng 0

Bài 2: Với giá trị nào của a, b thì đa thức ax4 + bx3 + 1 chia hết cho (x -1)2

Lời giải

Ta có: ax4bx3 1 (x1) [ax2 2(b2 )a x3a2 ] (b   b 2a6a4 ).b x 1 3a 2b

Để phép chia hết thì dư phải bằng 0

Bài 3: Tìm các số a, b sao cho : 3x5 3x y4 4x y3 3x y2 2 axy4 by53x3 2xy2y3

Lời giải

Thực hiện phép chia ta được thương: x2 – xy + y2 và dư: -(a-5)xy4 – (b+2)y5

Để phép chia hết thì dư phải bằng 0

Bài 4 * : Tìm các số a, b, c sao cho: 4x481 ax 2bx c

Lời giải

Ta có: 4x434 (2x23 )2 2 (6 )x 2 (2x2  6x9)(2x26x9)

Chia hết cho

2

ax

   



bx c

0 ( 0)

2 ; 6 ; 9

0 ( 0)







k

h

Bài 5: Tìm các số nguyên a, b sao cho f x( )x4 4x3ax+b g(x) = x 2 3x4

Lời giải

4

a

b







