GIAI CHI TIET DE HOA 357

[r]

Giải chi tiết đề thi hóa THPT QG 2016

MẢ ĐỀ 357 Câu 1: B

Câu 2: A

Câu 3: C

Câu 4: D

Câu 5:A

Câu 6:A

Câu 7:A

Câu 8:C

Câu 9:B

Câu 10: C

Câu 11:D

Câu 12: D

Câu 13:A

Câu 14:B

n HCl = 0,07, n Al = 0,02, n NaOH =0,075

2Al +6 HCl dư → 2AlCl 3 +3H 2

0,02 0,06 0,02

HCl dư + NaOH → NaCl + H 2 O

0,01 0,01

3NaOH + AlCl 3 → Al(OH) 3 + 3NaCl

0,06 0,02

NaOH + Al(OH) 3 → NaAlO 2 + 2H 2 O

0,005 0,005

m Al(OH)3 =( 0,02-0,005)78=1,17 gam

Câu 15: C

Câu 16:D

BTKL n O =(3,43-2,15):16=0,08

2H + =O 2- (BTĐT)=> n HCl = 0,16 mol => V HCl = 0,16:0,5 = 0,32 l = 320 ml Câu 17: B

Saccarozơ → Glucozơ

20,52 g 10,8

m=(20,52x100):90= 22,8 gam

Câu 18:D

n CaCO3 =n CO2 =n O = 9:100=0,09 mol

m=5,36-(0,09x16)=3,92 gam

Câu 19: B

Câu 20:B

n gly =n muối =28,23:113=0,25 mol => mgly = 0,25x75 = 18,75 gam Câu 21:B ( Cr 2 O 3 tan trong NaOH đặc , nóng)

Câu 22:D

2MCl n →2M + nCl 2

n Cl2 = 0,04 => n MCln = 0,08/n( mol)

=>M muối = 5,96.n/ 0,08 =74,5n=> kim loại M là Kali ( với n =1, M =39)

Câu 23: A

Câu 24: B

Do cả ba chất đều có M <62 => cả ba đều có số C < 5

và có phản ứng AgNO 3 /NH 3 nên có liên kết ba đầu mạch

Cả ba chất đều cùng số C

Khi X,Y,Z có hai nguyên tử C => C 2 H 2 , C 2 H 4 ,C 2 H 6 Chỉ có 1 chất tác dụng với AgNO 3 /NH 3 ( loại) Khi X, Y, Z có ba nguyên tử C => C 3 H 4, C 3 H 6 ,C 3 H 8 chỉ có 1 chất tác dụng với AgNO 3 /NH 3 ( loại) Vậy X,Y,Z có 4 nguyên tử C do phản ứng với AgNO 3 /NH 3 nên

X: C 4 H 2 : HC≡C-C ≡ CH : có 4 lK pi nên tác dụng với H 2 tỉ lệ 1:4 ( đúng)

Y: là but-1-in ( sai vì Y < Z) Y là C 4 H 4 CH≡C-CH=CH 2

Z: là C4H 6 : CH≡C-CH 2 -CH 3 : không có đồng phân hình học ( sai)

Cả ba đều có mạch cacbon không phân nhánh ( đúng )

Câu 25: A

Phát biểu b sai vì đó là thành phần của supephotphat đơn

Câu 26: D

Câu 27:B

Xenlulozơ, tinh bột,glucozơ và saccarozơ quy đổi thành C n (H 2 O) m

C n (H 2 O) m +nO 2 → nCO 2 + mH 2 O

Số mol O 2 = Số mol CO 2 = 2,52:22,4=0,1125 mol

Bảo toàn KL : m = 0,1125x12 + 1,8 =3,15 gam

Câu 28: C

Câu 29: A

Câu 30:A

Câu 31: D

Do chất rắn Y tan trong dung dịch hỗn hợp KNO 3 và H 2 SO 4 thu được hỗn hợp khí có d hh/H2 =8

=> M hh =16 có 1 khí hóa nâu là NO còn lại là H 2 => NO 3

hết => NO =0,01 mol ADSĐĐC ta có n NO =n H2 = 0,01 mol

BTNT Hidro 0,15x2 = 0,01x4 + 0,01x2 + n H+ tác dụng với O2- => nH+ = 0,24 mol

=>nO2-= 0,12 mol

Số mol H2O tạo thành = 0,12 + 0,01x2 =0,14 mol

BTKL: my + 0,01x101+ 0,15x98=21,23+ 0,01x30+0,01x2+0,14x18 => my = 8,36 gam

MZ =45 => hai khí là NO2 và CO2 ( oxi sinh ra tác dụng hết với kim loại Fe và FeO sinh ra trong nhiệt phân hỗn hợp)

=>nNO2=nCO2 =y

2NO3

→ 2NO2 + 1/2O2 +O

Y y y/4 y/2

CO3

→ CO2 + O

y y

ta có 2y/4 + y/2+ y = 012 => y = 0,06 mol

BTKL : m = 8,36 + (0,06x46)+(0,06x44) =13,76 gam

Câu 32:B

Gly-Ala +2NaOH→ Gly-Na + Ala-Na + H2O

Số mol gly-ala= số H2O = 14,6: 146 =0,1 mol

Số mol NaOH =2 số mol gly-ala=0,2 mol

BTKL : 14,6 + 0,2.40 = muối + 0,1.18 => m = 20,8 gam

Câu 33:C

(a) 2NaOH + Cl 2 → NaCl + NaClO + H 2 O

(b) n NaOH :n CO2 = 3:2 => tạo hai muối NaHCO 3 và Na 2 CO 3

(c)2KMnO 4 +16HCl →2MnCl 2 + 2KCl + 5Cl 2 + 8H 2 O

(f) 2KHS + 2NaOH → K 2 S + Na 2 S + 2H 2 O

Câu 34:B

Gọi x là số mol của Al, y là số mol Mg

27x + 24y =7,65 (1)

Số mol HCl =0,52 mol

Số mol H2SO4 = 0,14 mol => tổng số mol H+ = 0,8 mol

Số mol NaOH =0,85 > 0,8 => lượng Al(OH)3 tan một lượng : 0,85-0,8 = 0,05 mol

=> 78(x-0,05)+58y = 16,5 (2)

Từ 1,2 => x =y =0,15 mol

Dung dịch X gồm Al3+, Mg2+, H+, Cl-, SO42- khi tác dụng với dung dịch KOH, Ba(OH)2 thu được kết tủa lớn nhất là BaSO4 và Mg(OH)2 nên

nBa(OH)2= nSO4

= 0,14 = 0,1V => V =1,4 lít Mg(OH)2 => MgO BaSO4=> BaSO4

0,15 0,15 0,14 0,14

mchất rắn= (0,15.40) + (014.233) = 38,62 gam

Câu 35: C

Bào toàn khối lượng: mX + 180 = 164,7+ 44,4 => mX = 29,1 gam

=>MX= 29,1 : 0,15 =294

Số mol Na2CO3 = 0,225 mol

BT NT Na ta có: nNaOH = 0,45 mol

Khối lượng nước trong dung dịch NaOH : 180-(0,45.40)=162 gam

=> Khối lượng H2O sinh ra từ phản ứng: 164,7-162=2,7 gam => n =0,15 mol

=> nX:nNaOH =1:3

Vậy X là este nhị chức của phenol đơn chức

BTNT Cacbon : số C = ( 0,225 + 1,275):0,15 =10

X có công thức C10HaO4

BTNT Hidro: 0,15a + 0,45.1= 0,15.2+ 1,65=> a =10

CTPT X : C10H10O4

CTCT X : CH3COOC6H4CH2OOC-H hoặc HCOOC6H4CH2OOC-CH3

Vậy T có công thức : HO-CH2-C6H4-OH Trong T có 8 nguyên tử Hidro

Câu 36:A

Gọi x là số mol của axit

y là số mol của este

z là số mol của hỗn hợp ancol ban đầu

Tác dụng với NaOH ta có: 2x + 2y = 0,1-0,02 = 0,08 => x +y = 0,04 mol

Số mol hỗn hợp ancol sau phản ứng: y + z = 0,05

Số mol cacbon = số mol CO2 = 8,36:44 = 0,19 mol

Mhh ancol < 46 vậy hai ancol là CH3OH và C2H5OH

=> CnH2n+1OH < 46 => n < 2

=> 1< n< 2

Số mol C từ hai ancol < 0,05.2 =0,1

=> Số mol C trong gốc axit > 0,19-0,1 = 0,09 mol

=> Số cacbon > 0,09: 0,04=2,25

Số mol C từ hai ancol > 0,05.1 =0,05

=> Số mol C trong gốc axit < 0,19-0,05 = 0,14 mol

=> Số cacbon < 0,14: 0,04=3,5

Vậy số C trong axit là 2,25< C< 3,5 => C =3

vậy gốc axit là HOOC-CH2-COOH

Khối lượng muối gồm NaOOC-CH2-COONa và NaCl

m= 0,04.148 + 0,02.58,5 = 7,09 gam

Câu 37:B

Catot Anot

Cu2+ + 2e → Cu 2Cl

→ Cl2 + 2e 0,05 0,1 x x/2 x

H2O + 2e → H2 + 2OH- 2H2O → O2 + 4H+ + 4e 2z z 2z y 4y 4y

Al2O3 tan trong dung dịch sau điện phân nên có hai trường hợp

-TH1: Dung dịch có OH-

H+ + OH- → H2O

4y 4y

Số mol OH- dư : 2z -4y

Al2O3 + 2OH- → 2AlO2

+ H2O 0,02 0,04

Ta có : 2z-4y = 0,04 x = 0,14

0,1+ 2z= x + 4y => y= 0,005

x/2 + y +z = 0,105 z =0,03

Thời gian điện phân : t = t1 + t2 = (0,1.96500):2 + ( 0,06.96500):2 = 7720 giây -TH2: Dung dịch có H+

H+ + OH- → H2O

2z 2z

Số mol H+ dư : 4y-2z

6H+ + Al2O3 → 2Al3+ + 3H2O

0,12 0,02

Ta có 4y-2z =0,12 x = -0,02< 0 => loại

0,1 + 2z = x+ 4y => y =7/120

x/2 + y + z = 0,105 z = 17/300

Vậy t =7720 giây

Câu 38: D

Gọi x là số mol hỗn hợp este no đơn chức

y là số mol hỗn hợp ancol

z là số mol của CO2

Ta có : x + y = 0,33

Bảo toàn NT oxi: x.2 + 2.1,27 = 0,8 + z.2=> x-z = -0,87 => x = z – 0,87

=> 0,33-y = z – 0,87 => y + z = 1,2

Gọi k số liên kết pi trung bình của hai hidro cacbon

Ta có : y = (z-0,8)/(k-1)= 0,8 => yk –y = z – 0,8=> yk = ( y+z) -0,8

=> yk = 1,2 -0,8 = 0,4 mol

Câu 39:C

Mn+7 +5e →Mn2+ O2- →O0 + 2e

X x 0,3 0,6

Cl+5 +6e → Cl2 2Cl- → Cl2 + 2e

Y 6y 0,675 1,35

Số mol Cl2 = 15,12:22,4 = 0,675 mol

BTKL : số mol NT Oxi = ( 48,2- 43,4):16 = 0,3 mol

158x + 122,5y = 48,2

5x +6y = 0,6+ 1,35

=> x =0,15; y = 0,2

BTNT Clo, K, Mn ( trong KMnO4)

NHCl = 0,675.2 + 0,15+ 0,15.2 = 1,8 mol

Câu 40:C

HCHC C2HxOy có M < 62 có phản ứng tráng gương => Có nhóm CHO

Y =1: x = 4: CTPT : C2H4O : CH3CHO

Y =2 , x = 2: CTPT: C2H2O2 : OHC-CHO

x = 4: CTPT: C2H4O2: HO-CH2-CHO, HCOOCH3

Câu 41: A

Tính khừ Mg > Zn> Cu

Phản ứng một thời gian , giả sử hai muối phản ứng hết dung dịch sau phản ứng là Mg(NO3)2 : 0,08 mol Khối lượng kết tủa: Mg(OH)2 = 0,08.58 =4,64 gam< 6,67

Vậy muối còn dư

TH1: Cu2+ hết, Zn2+ tác dụng một phần

Gọi x là số mol Zn2+ phản ứng

Mg + Cu2+ → Cu + Mg2+

0,05 0,05 0,05 0,05

Mg + Zn2+ → Zn + Mg2+

X x x x

Tác dụng với NaOH thu được kết tủa lớn nhất nên

(0,05+x).58 + (0,03-x).99 = 6,67 => -41x = 0,8 ( loại)

TH2: Zn2+ chua phản ứng, Cu2+ tác dụng 1 phần ( y mol)

Khi tác dụng với NaOH thu được kết tủa lớn nhất khi đó

y.58+ 0,03.99+ ( 0,05-y).98 =6,67=> 1,2 = 40y => y = 0,03

Giá trị m = 5,25-0,03.64+ 0,03.24 =4,05 gam

Câu 42:D

Khối lượng oxi : 0,412m gam => nCOOH = 0,012875m ( mol)

-COOH + NaOH → -COONa + H2O

0,012875m tăng : 22.0,012875m =0,28325m ( gam)

0,28325m + m = 20,532 => m = 16 gam

Câu 43:D

-Số mol O2 = 0,095 mol

-Số mol CO2 = 0,09 mol

-Số mol H2O =0,06 mol

-Số mol este đơn chức = số mol NaOH = 0,015 mol

Gọi x là số mol của OHC-CH2-CHO

Y là số mol của CH2=CH-CHO

BTNT oxi: 2x + y + 0,015.2 + 0,095.2 = 0,09.2 + 0,06

=> 2x + y = 0,02 ( 1)

Gọi CT este : CaHbO2

BT Caccbon : 3x +3y + 0,015a =0,09 (2)

BT Hidro : 2x +2y + 0,0075b = 0,06(3)

Từ (1,2,3) => a =3, b =4 , x = 0,005 , y = 0,01

CT este : C3H4O2 ; cấu tạo HCOOCH=CH2 →HCOONa + CH3CHO

0,015 0,015 0,015

Khối lượng Ag: 108( 0,005.4 + 0,01.2 + 0,015.2 + 0,015.2) =10,8 gam

Câu 44:C

Gọi y là số mol của Y => nZ = 3y/2; nT = 2y

Số mol của hỗn hợp X : y + 3y/2 + 2y = 9y/2

Do thủy phân peptit thành aa nên số mol nước: 0,47-9y/2

Tổng số liên kết peptit là 12=> Số liên kết peptit trung bình 12:3 = 4 = (0,47-9y/2)/9y/2

=> y ≈ 0,02 mol

BTKL : mpeptit + mnước = maa 39,05 + 6,84 = 45,89 = maa

=> Khối lượng PT trung bình của aa: 45,89: 0,47 = 97,638 => n ≈ 2,617

H(NH-CnH2n-CO)4OH + (6n+3) O2 →(4n+4)CO2 + (4n+3)H2O + 2N2

336,552 18,702

=26,363 1,465

Thế n=2,617 vào CT chung ở phương trình cháy

Số mol O2 = 1,465 mol

Câu 45:B

Số mol HNO3 = (126.48)/(100.63) =0,96 mol

Gọi x là số mol Fe, y số mol Cu

56x + 64 y = 14,8

80x +80y =2 0

=> x =0,15 ; y =0,1

Chất rắn sau khi cô cạn Y : mNaOH + mKOH + m tăng = 42,86

0,4.40+0,2.56+ a( 46-17) = 42,86 => a =0,54 mol = n

NO3-Nếu sau phản ứng hòa tan trong HNO3 chỉ có Fe3+ và Cu2+ thì số mol NO3

là 0,15.3 + 0,1.2 = 0,65 mol

=> 0,54< 0,65 vậy dung dịch có muối sắt Fe2+ và HNO3 phản ứng hết

Gọi b là số mol Fe2+ ta có

(0,15-b).3 + b.2 + 0,1.2 =0,54 => b = 0,11 mol

=> Fe3+ = 0,15 – 0,11 = 0,04

Do Fe và Cu là kim loại có tính khử TB và yếu nên khí sinh ra là NO và NO2 ( do NO3

trong muối: số mol bị khử =9:7)

Gọi t và z lần lượt là số mol của NO và NO2

t + z = 0,42

3t + z = 0,11.2 + 0,04.3 + 0,1.2

=> a = 0,06 ; b = 0,36

C% Fe(NO3)3 = ( 0,04.242).100/ (14,8+ 126-0,06.30-0,36.46)= 7,9059 %

Câu 46:A

Câu 47:D

Câu 48: B ( a,c,e,f)

Câu 49:C

Theo đồ thị ta có tại số mol CO2 = 0,03 mol=> kết tủa có số mol 0,03

Số mol kết tủa cực đại là 0,1V mol

Theo đồ thị từ kết tua tan hoàn toàn khi đó muối thu được là HCO3

-, nOH

= nCO2

0,2V + 0,1V.2 = 0,13+ 0,03 => V =0,4 lit = 400 ml

Câu 50:C

Gọi x là số mol của Fe3O4 ( chiếm 1/3)

Các chất FeO, Fe(OH)2, FeCO3 ( gọi 2x là tổng số mol của ba chất) ( chiếm 2/3)

Số mol hh khí : 0,4 mol

Tỉ khối của hỗn hợp khí 18,5 => Mhh =37

=> nNO = nCO2 = 0,2

BT điện tích : 2x.3 + 3x.3 = 0,2.3 + 2x.2 + 4.x.2

=> x = 0,2 mol

BT H+ ta có số mol HNO3 phản ứng: 0,2.2.2 + 0,2.4.2 + 0,2.4 = 0,32 mol