DE+DA thi vaoTHPT Bac Giang(dot 1).

Biết rằng trong quá trình đi từ A đến B vận tốc của mỗi ôtô không đổi.. Các đờng cao BH và CK tam giác ABC cắt nhau tại điểm I.. Kẻ đờng kính AD của đờng tròn tâm O, các đoạn thẳng DI và

Sở Giáo dục và đào tạo

Bắc giang

-Đề thi chính thức

(đợt 1)

Kỳ thi tuyển sinh lớp 10 THPT

Năm học 2009-2010

Môn thi: Toán

Thời gian làm bài: 120 phút không kể thời gian giao đề.

Ngày 08 tháng 07 năm 2009

(Đề thi gồm có: 01 trang)

-Câu I: (2,0đ)

1 Tính 4 25

2 Giải hệ phơng trình: 2 4

3 5

x

x y









Câu II: (2,0đ)

1.Giải phơng trình x2-2x+1=0

2 Hàm số y=2009x+2010 đồng biến hay nghịch biến trên R? Vì sao?

Câu III: (1,0đ)

Lập phơng trình bậc hai nhận hai số 3 và 4 là nghiệm?

Câu IV(1,5đ)

Một ôtô khách và một ôtô tải cùng xuất phát từ địa điểm A đi đến địa điểm B đờng dài 180 km do vận tốc của ôtô khách lớn hơn ôtô tải 10 km/h nên ôtô khách đến B

tr-ớc ôtô tải 36 phút.Tính vận tốc của mỗi ôtô Biết rằng trong quá trình đi từ A đến B vận tốc của mỗi ôtô không đổi

Câu V:(3,0đ)

1/ Cho tam giác ABC nhọn nội tiếp đờng tròn tâm O Các đờng cao BH và CK tam giác ABC cắt nhau tại điểm I Kẻ đờng kính AD của đờng tròn tâm O, các đoạn thẳng

DI và BC cắt nhau tại M.Chứng minh rằng

a/Tứ giác AHIK nội tiếp đợc trong một đờng tròn

b/OMBC

2/Cho tam giác ABC vuông tại A,các đờng phân giác trong của goác B và góc C cắt các cạnh AC và AB lần lợt tại D và E Gọi H là giao điểm của BD và CE, biết AD=2cm, DC= 4 cm tính độ dài đoạn thẳng HB

Câu VI:(0,5đ)

Cho các số dơng x, y, z thỏa mãn xyz - 16

0

x y z  

Tìm giá trị nhỏ nhất của biểu thức P = (x+y)(x+z)

-Hết -Họ và tên thí sinh .SBD:

đáp án:

Câu I: (2,0đ)

1 Tính 4 25= 2.5 = 10

2 Giải hệ phơng trình: 2 4

3 5

x

x y









< = > 2

2 3 5

x y









< = > 2

1

x y











Vậy hệ phơng trình có nghiệm duy nhất (x;y) = (2;1)

Câu II: (2,0đ)

1.

x2 - 2x +1 = 0

<=> (x -1)2 = 0

<=> x -1 = 0

<=> x = 1

Vậy PT có nghiệm x = 1

2

Hàm số trên là hàm số đồng biến vì: Hàm số trên là hàm bậc nhất có hệ số

a = 2009 > 0 Hoặc nếu x1>x2 thì f(x1) > f(x2)

Câu III: (1,0đ)

Lập phơng trình bậc hai nhận hai số 3 và 4 là nghiệm?

Giả sử có hai số thực: x1 = 3; x2 = 4

Xét S = x1 + x2 = 3 + 4 = 7; P = x1 x2 = 3.4 = 12 =>S2 - 4P = 72 - 4.12 = 1 > 0

Vậy x1; x2 là hai nghiệm của phơng trình: x2 - 7x +12 = 0

Câu IV(1,5đ)

Đổi 36 phút =

10

6 h Gọi vận tốc của ô tô khách là x ( x >10; km/h)

Vận tốc của ôtô tải là x - 10 (km/h)

Thời gian xe khách đi hết quãng đờng AB là:

x

180 (h) Thời gian xe tải đi hết quãng đờng AB là:

10

180



x (h) Vì ôtô khách đến B trớc ôtô tải 36 phút nên ta có PT:

0 3000 10

) 10 ( 10 180 ) 10 ( 6 10 180

180 10

6 10 180

2

























x x

x x

x x

x x

55 3025

3025 3000

5

'

2 '















x1 = 5 +55 = 60 ( TMĐK)

x2 = 5 - 55 = - 50 ( không TMĐK)

Vậy vận tốc của xe khách là 60km/h, vận tốc xe tải là 60 - 10 = 50km/h

Câu V:(3,0đ)

1/

a) AHI vuông tại H (vì CAHB)

AHI nội tiếp đờng tròn đờng kính AI

AKI vuông tại H (vì CKAB)

AKI nội tiếp đờng tròn đờng kính AI

Vậy tứ giác AHIK nội tiếp đờng tròn đờng kính AI

b)

Ta có CAHB( Gt)

CADC( góc ACD chắn nửa đờng tròn)

=> BH//CD hay BI//CD (1)

Ta có ABCK( Gt)

ABDB( góc ABD chắn nửa đờng tròn)

=> CK//BD hay CI//BD (2)

Từ (1) và (2) ta có Tứ giác BDCI là hình bình hành( Có hai cặp cạnh đối song song)

Mà DI cắt CB tại M nên ta có MB = MC

=> OMBC( đờng kính đi qua trung điểm của dây thì vuông góc với dây đó)

2/ Cách 1:

.

A

B

C

D M

I O H

K

D A

B

C

1 2

2 1

Vì BD là tia phân giác góc B của tam giác ABC;

nên áp dụng tính chất đờng phân giác ta có:

AB BC BC

AB BC

AB

DC

AD

2 4

2











Vì ABC vuông tại A mà BC = 2AB nên

^ACB = 300; ^ABC = 600

Vì ^B1 = ^B2(BD là phân giác) nên ^ABD = 300

Vì ABD vuông tại A mà ^ABD = 300 nên BD = 2AD = 2 2 = 4cm









BD AD

AB

Vì ABC vuông tại A => 2 2 36 12 4 3









 AC AB BC

Vì CH là tia phân giác góc C của tam giác CBD; nên áp dụng tính chất đờng phân giác

HB

DH HB

DH BC

DC

3 3

4

4











Ta có: ( 1 3 ) 3

3 3 3 3 3

4





























BH HD BH HD BH HD

BH

HD

BH

) 1 3 ( 3 2 2

) 1 3 ( 3 4 ) 3

1

(

3

4













Cách 2: BD là phân giác =>

 



 

2

2

4

AB

AB



Câu VI:(0,5đ)

Cách 1:Vì xyz - 16

0

x y z   => xyz(x+y+z) = 16

P = (x+y)(x+z) = x2 +xy + xz + yz = x(x+y+z) + yz

áp dụng BĐT Côsi cho hai số thực dơng là x(x+y+z) và yz ta có

P = (x+y)(x+z) = x(x+y+z) + yz  2 xyz(xyz)  2 16  8; dấu đẳng thức xẩy ra khi x(x+y+z) = yz Vậy giá trị nhỏ nhất của P là 8

Cách 2: xyz= 16

x y z  =>x+y+z= 16

xyz

P=(x+y)(x+z)=x2+xz+xy+yz=x(x+y+z)+yz=x 16

xyz +yz=

yz  yz  (bđt cosi)

Vây GTNN của P=8