PHẦN CHUNG CHO TẤT CẢ THÍ SINH: 7 điểm Câu I.. Viết phương trình tiếp tuyến với đồ thị C, biết rằng khoảng cách từ tâm đối xứng của đồ thị C đến tiếp tuyến là lớn nhất.. 1.0 điểm Cho h
Trang 1Môn thi: TOÁN, khối A
ĐỀ THI THỬ (số 17 ) Thời gian làm bài: 180 phút, không kể thời gian phát đề
I PHẦN CHUNG CHO TẤT CẢ THÍ SINH: ( 7 điểm)
Câu I (2.0 điểm) Cho hàm số y = (C)
1 Khảo sát sự biến thiên và vẽ đồ thị hàm số (C)
2 Viết phương trình tiếp tuyến với đồ thị (C), biết rằng khoảng cách từ tâm đối xứng của đồ thị (C) đến tiếp tuyến là lớn nhất
Câu II (2.0 điểm)
1.Tìm nghiệm của phương trình 2cos4x - ( - 2)cos2x = sin2x + biết x∈ [ 0 ;π].
2 Giải hệ phương trình
2
Câu III (1.0 điểm)
Tính tích phân 3
2 0
1
x
+ +
∫
Câu IV (1.0 điểm)
Cho x, y, z là các số thực dương lớn hơn 1 và thoả mãn điều kiện xy + yz + zx ≥ 2xyz
Tìm giá trị lớn nhất của biểu thức A = (x - 1)(y - 1)(z - 1)
Câu V (1.0 điểm)
Cho hình chóp tứ giác đều S.ABCD có cạnh đáy bằng a Gọi G là trọng tâm tam giác SAC và khoảng cách từ G đến mặt bên (SCD) bằng a 3
6 Tính khoảng cách từ tâm O của đáy đến mặt bên (SCD) và
tính thể tích khối chóp S.ABCD.
PHẦN RIÊNG ( 3.0 điểm)Thí sinh chỉ được làm một trong hai phần A hoặc B (Nếu thí sinh làm cả hai
phần sẽ không được chấm điểm)
A Theo chương trình chuẩn
Câu VIa (2.0 điểm)
1 Cho elip (E) : 4x2 + 16y2 = 64.Gọi F1, F2 là hai tiêu điểm M là điểm bất kì trên (E).Chứng tỏ rằng
tỉ số khoảng cách từ M tới tiêu điểm F2 và tới đường thẳng x = 8
3 có giá trị không đổi
2 Trong không gian với hệ trục toạ độ Oxyz cho điểm A(2 ;-1 ; 0), B(5 ; 1 ; 1) Lập phương trình mặt phẳng (P) đi qua A, B và cách điểm M(0;0; )1
2 một khoảng bằng
7
6 3
Câu VIIa (1.0 điểm)
Giải bất phương trình 2 2 3
2
10
2A x A x C x
x
n
C , k n
A là tổ hợp, chỉnh hợp chập k của n phần tử)
B Theo chương trình nâng cao
Câu VIb (2.0 điểm)
1 Trong mặt phẳng toạ độ Oxy cho hai đường thẳng (d1) : 4x - 3y - 12 = 0 và (d2): 4x + 3y - 12 = 0 Tìm toạ độ tâm và bán kính đường tròn nội tiếp tam giác có 3 cạnh nằm trên (d1), (d2), trục Oy
2 Cho hình lập phương ABCD.A’B’C’D’có cạnh bằng 2 Gọi M là trung điểm của đoạn AD, N là tâm hình vuông CC’D’D Tính bán kính mặt cầu đi qua các điểm B, C’, M, N
Câu VIIb (1.0 điểm)
Giải bất phương trình
2
log ( 1) log ( 1)
0
Trang 2-Hết
-MÔN TOÁN Tháng 03/2010
Thời gian:180 phút (Không kể thời gian phát đề)
PHẦN CHUNG CHO TẤT CẢ CÁC THÍ SINH (7.0 điểm)
ĐIỂM
Câu I
(2.0đ)
1
(1.0đ)
TXĐ : D = R\{1}
0.25
Chiều biến thiên
lim ( ) lim ( ) 1
→+∞ = →−∞ = nên y = 1 là tiệm cận ngang của đồ thị hàm số
lim ( ) , lim
→ = +∞ → = −∞nên x = 1 là tiệm cận đứng của đồ thị hàm số
1 0 (x 1)
−
0.25
Bảng biến thiên
1 + ∞
- ∞
1
-y
y'
x - ∞ 1 + ∞
Hàm số nghịc biến trên (−∞;1)và (1;+∞)
Hàm số không có cực trị
0.25
Đồ thị.(tự vẽ)
Giao điểm của đồ thị với trục Ox là (0 ;0)
Vẽ đồ thị
Nhận xét : Đồ thị nhận giao điểm của 2 đường tiệm cận I(1 ;1) làm tâm đối xứng
0.25
2.(1.0đ) Giả sử M(x0 ; y0) thuộc (C) mà tiếp tuyến với đồ thị tại đó có khoảng cách từ tâm đối
xứng đến tiếp tuyến là lớn nhất
Phương trình tiếp tuyến tại M có dạng : 2 0 0
1
x
2 0
1
0
x
x y
0.25
Ta có d(I ;tt) = 0
4 0
2 1 1 1 ( 1)
x x
− + + Xét hàm số f(t) = 2 4 ( 0)
1
t t
t >
+ ta có f’(t) =
2
(1 )(1 )(1 ) (1 ) 1
0.25
Trang 3-+
f(t) f'(t) x
2 0
1
Bảng biến thiên
chỉ khi t = 1 hay
0 0
0
2
1 1
0
x x
x
=
− = ⇔ =
+ Với x0 = 0 ta có tiếp tuyến là y = -x
+ Với x0 = 2 ta có tiếp tuyến là y = -x+4
0.25
Câu
II(2.0đ)
1
(1.0đ)
Phương trình đã cho tương đương với
2(cos4x + cos2x) = (cos2x + 1) + sin2x
0.25
4 os3xcosx=2 3 os 2sinxcosx
2cos3x= 3 osx+sinx
c
0.25
+ osx=0 x=
2
+
6
2 os3x= 3 osx+sinx cos3x=cos(x- )
6
6
k
π
= − +
0.25
12
24 2
k x
= − +
⇔
= +
π
0.25
2.(1.0đ)
ĐK: x y, 0
x y
≥
≥
Hệ phương trình
0.25
Trang 43 2 3 2 3 2 3 2
y x
(do 2y+ x)( x y− + y) 1 0+ ≠ )
3 ( ) 1
3
( ) 4 2
x
x
3 2
0 log 4
x x
=
0.25
0.25 Với x 0 thay vao (2) ta được y = 0
2
log 4
x= thay vao (2) ta được y =
3 2
1 log 4 2 Kết hợp với điều kiện ta được nghiệm của phương trình là 3
2
log 4
x= ,y =
3 2
1 log 4 2
0.25
Câu III
(1.0đ) Đặt I = 3
2
0
1
x
+ +
2
x
+ +
1 2 1 0
x
I =∫x e dx Đặt t = x3 ta có
1
1
0
Ta tính
2
01
x
x
= +
∫ Đặt t = 4 x ⇒ = ⇒x t4 dx=4t dt3 0.25
Khi đó
2
t
π
Vậy I = I1+ I2
1
3
3e π
0.25
Câu IV
(1.0đ)
Ta có xy yz xz 2xyz 1 1 1 2
Tương tự ta có 1 1 1 1 1 x 1 z 1 2 (x 1)(z 1) (2)
0.25
Trang 5B' Y
X
Z
N
D'
C'
A'
C
B M
A
C P
M
N
Nhân vế với vế của (1), (2), (3) ta được ( 1)( 1)( 1)
8
x− y− z− ≤
Câu V
(1.0đ)
Qua B, C, D lần lượt dựng các đường thẳng
Song song với CD, BD, BC cắt nhau tại M, N, P
Ta có MN = 2BD, MP = 2CD, NP = 2BC
từ đó ta có các tam giác AMN, APM, ANP
vuông tại A Đặt x = AM, y = AN, AP = z ta có
Vậy V = 1
12
2(a + −c b b)( + −c a )(a + −b c )
1.0
Câu
VIa
(2.0đ)
1
(1.0đ)
Gọi A là giao điểm d1 và d2 ta có A(3 ;0)
Gọi B là giao điểm d1 với trục Oy ta có B(0 ; - 4)
Gọi C là giao điểm d2 với Oy ta có C(0 ;4)
0.5
Gọi BI là đường phân giác trong góc B với I thuộc OA khi đó ta có
2
(1.0đ) Chọn hệ trục toạ độ như hình vẽ
Ta có M(1 ;0 ;0), N(0 ;1 ;1)
B(2 ;0 ;2), C’(0 ;2 ;2)
Gọi phương tình mặt cầu đi qua 4 điểm
M,N,B,C’ có dạng
x2 + y2 + z2 +2Ax + 2By+2Cz +D = 0
Vì mặt cầu đi qua 4 điểm nên ta có
5 2
5
2
4
A
A D
C
D
= −
= −
=
Vậy bán kính R = A2+B2+C2− =D 15
1.0
Câu
VIIa
(1.0đ)
bất phương trình
3 3
3
3log ( 1) 2log ( 1)
log 4
0 ( 1)( 6)
x x
+ + −
3
log ( 1)
0 6
x x
+
−
0.25
0.25
Trang 6Cõu
VIb
(2.0đ)
1
(1.0đ)
Ta cú F1(− 12;0), ( 12;0)F2 Giả sử M(x0 ; y0)thuộc (E) H là hỡnh chiếu của M trờn
đường thẳng 8
3
x= Ta cú MF2 = a - cx0/a = 8 3 0
2
x
−
0.5
MH = 8 3 0
3
x
−
Vậy MF2
MH khụng đổi
0.5
2
(1.0đ) Ta cú uuurAB(1;1;1),nuurQ(1; 2;3), uuur uurAB n; Q = − (1; 2;1)
Vỡ uuur uurAB n; Q ≠ 0r nờn mặt phẳng (P) nhận uuur uurAB n; Q làm vộc tơ phỏp tuyến
Vậy (P) cú phương trỡnh x - 2y + z - 2 = 0
1.0
Cõu
VIIb
(1.0đ)
Chú ý: Nếu thí sinh làm bài không theo cách nêu trong đáp án mà vẫn đúng thì đợc đủ điểm từng phần nh đáp án quy định
