Phần trăm khối lượng của Z có trong hỗn hợp E là.. Những điều cần thiết giải toán peptit dạng 1.. Ta có một peptit X được tạo bởi các α-aminoaxit no chứa 1 nhóm –NH2 và 1 nhóm –COOH.
Trang 1Câu 3 Hỗn hợp E chứa 3 peptit X, Y, Z (MX < MY < MZ) đều mạch hở có tổng số nguyên tử oxi là 14 và số
mol của X chiếm 50% số mol của hỗn hợp E Đốt cháy x gam hỗn hợp E cần dùng 1,1475 mol O2, sản phẩm cháy dẫn qua dung dịch KOH đặc dư thấy khối lượng bình tăng 60,93 gam; đồng thời có một khí duy nhất thoát ra Mặt khác đun nóng x gam E với dung dịch NaOH vừa đủ, thu được dung dịch chỉ chứa 0,36 mol muối của A và 0,09 mol muối của B (A, B là hai α-aminoaxit no, trong phân tử chứa 1 nhóm –NH2 và 1 nhóm –COOH) Phần trăm khối lượng của Z có trong hỗn hợp E là
Lời giải.
Những điều cần thiết giải toán peptit dạng 1.
Ta có một peptit X được tạo bởi các α-aminoaxit no chứa 1 nhóm –NH2 và 1 nhóm –COOH
Lúc đó ta có
n-peptit (X)
C H
O (n 1)
N n n
= +
=
π =
2
O
→
2 2 2
CO
H O N
nCO nH O
1 2
−
π − Nhận xét: nếu π = 2 nghĩa là X là đi-peptit ⇒ nCO2 = nH2O
Phản ứng thủy phân:
(X)n + (n – 1)H2O →t 0 n (các α-aminoaxit)
⇒ 2(X)n + (n – 2)H2O →t 0 n(Y)2
x mol
Do đó ta đốt cháy hỗn hợp đi-peptit đồng nghĩa ta đốt cháy hỗn hợp peptit ban đầu và x mol H2O
Đề bài: đốt cháy m gam hỗn hợp E chứa 3 peptit được tạo bởi các α -aminoaxit no chứa 1 nhóm –NH 2 và 1
Sơ đồ
peptit
2 2
2
2
a mol O
di peptit
H O y
x mol H O
+
→
14 2 43
Bảo toàn O ⇒ di peptit
3y 2a n
3
(vì di-peptit chứa 3 nguyên tử O)
Mà ta luôn có: y – x = z
Trang 2Áp dụng vào bài toán.
Nhận xét: 0,36 mol muối A (NH2-RCOONa) và 0,09 mol muối B (NH2-R’-COOna)
⇒ nNaOH = 0,45 mol
2(X)n + (n – 2)H2O →t 0 n(Y)2 Mol: x mol
Di-peptit + 2 NaOH →t 0 muối
⇒ số mol di-peptit = 0,225 mol
2 2
2 0,225mol
2
1,1475 mol O
di peptit
H O y
x mol H O
14 2 43
⇒ 0,225×3 + 1,1475×2 = 3y ⇒ y = 0,99 mol
⇒ nH2O sinh ra khi đốt cháy E = 60,93 0,99 44 0,965mol
18
⇒ 0,99 – x = 0,965 ⇒ x = 0,025 mol
⇒ mdi peptit− =0,99 14 0, 225 2 14 0, 225 3 16 30,96gam× + × × + × × =
⇒ mdi peptit− =0,99 14 0, 225 2 14 0, 225 3 16 30,96gam× + × × + × × =
Mà: n 0, 225 n 2, 25
n 2=0,025⇒ =
2 0, 225
2, 25
×
⇒ E
0,99
0, 2
= = ⇒ X là Gly-Gly (0,1 mol)
Áp dụng ĐLBTKL trong phản ứng thủy phân
⇒ 30,96 + 0,45×40 = mmuối + 0,225×18 ⇒ mmuối = 44,91 gam
⇒ 0,36×97 + 0,09×B = 44,91 ⇒ B = 111 ⇒ B là muối của Ala.
Ta có: Y,Z
0,99 0,1 4
0,1
Mà E có tổng số nguyên tử oxi bằng 14 ⇒ Z là hepta-peptit
⇒ nZ =
0,99 0,965
0, 01mol 7
1 2
− ⇒ nY = 0,09 mol ⇒ Z là (Gly)7
⇒ %(m) Z = 0,01(75 7 18 6) 100 13,7%
30,96 0,025 18× − × × =