Đáp án đề thi thử tốt nghiệp THPT năm 2020 môn Hóa học - Trường THPT Thiệu Hóa

Phát biểu 1 sai vì không có chất nào trong hỗn hợp phản ứng cũng như tan trongb nước.. Phát biểu 3 sai vì xảy ra ăn mòn điện hóa mới đúng.[r]

Trang 1

Trường THPT Thiệu Hóa ĐÁP ÁN ĐỀ THI THỬ TỐT NGHIỆP THPT NĂM 2020 (Đề tham khảo 22) BÀI THI: KHTN- Môn: HOÁ HỌC

Câu 41: Chọn C.

Câu 42: Chọn A

Câu 43: Chọn C

Câu 44: Chọn B CH3COO-CH=CH2 + NaOH CH3COONa + CH3CHO

Câu 46: Chọn B

Câu 47: Chọn B.

Câu 49: Chọn C Điều kiện của monome tham gia phản ứng trùng ngưng là có ít nhất 2 nhóm chức

có khả năng phản ứng Chất này đồng trùng ngưng với axit adipic tạo ra tơ nilon-6,6

Câu 50: Chọn B

Câu 51: Chọn C: C 12 H 22 O 11

Câu 52: Chọn A K là kim loại kiềm

Câu 55: Chọn C: Ba(HCO3)2 + H2SO4 → BaSO4 + 2CO2 + 2H2O

Câu 58: Chọn A CH≡C-CH2-CH3 + AgNO3 + NH3 →CAg≡C-CH2-CH3 + NH4NO3

Quy đổi saccarozơ thành C và H2O

lít

Câu 60: Chọn A.

Câu 61: Chọn B M + H2SO4 → MSO4 + H2

0,5 ← 0,5

BTKL ta có m(muối) = 20 + 98.0,5 -1 = 68 gam

Câu 62: Chọn A Ta có n(Al) = 0,4 mol 2Al + 2KOH + 2H2O →2KAlO2 + 3H2

0,4 → 0,6

=> V = 0,6.22,4 = 13,44

Câu 63: Chọn D CaC 2 + 2H 2 O → Ca(OH) 2 + C 2 H 2

C 2 H 2 + 2AgNO 3 + 2NH 3 → C 2 Ag 2 ↓ + 2NH 4 NO 3

Câu 64: Chọn B Tạo ra kết tủa trắng mới đúng

Câu 65: Chọn B C 6 H 12 O 6 2C 2 H 5 OH + 2CO 2

180 92

360 184

Câu 66: Chọn A H2NRCOOH + HCl → NH3ClRCOOH

0,2 0,2 0,2

=> m(X) = 25,1 - 36,5.0,2 = 17,8 => M(X) = 89 Alanin

Câu 67: Chọn A (C6H10O5)n + nH2O nC6H12O6 ( glucoz[ơ)

CH2OH[CHOH]4CHO + H2 CH2OH[CHOH]4CH2OH (sobitol)

Câu 68: Chọn A Phải xảy ra ăn mòn điện hóa mới đúng.

Câu 69: Chọn B: Gồm: + AgNO3: Fe + 2AgNO3 → Fe(NO3)2 + 2Ag

Sau đó do AgNO3 dư: Fe(NO3)2 + AgNO3 → Fe(NO3)3 + Ag

+ HNO3: Fe + 4HNO3 → Fe(NO3)3 + NO + 2H2O

Câu 70: Chọn B: Gồm nilon-6, và nilon-6,6.

Fe + 2H+ → Fe2+ + H2

0,02 0,04 0,02 => n(H+) còn = 0,02

t



2

O

V 13, 44

menruou

,

H t



,

Ni t



2

n 0,02; n 0,06n 0,02

Trang 2

3Fe2+ + 4H+ + NO3- → 3Fe3+ + NO + 2H2O

Bđ 0,02 0,02

Pứ 0,015 0,02 => n(Fe2+) còn = 0,005: Ag+ + Fe2+ → Fe3+ + Ag

0,005 0,005

Ag+ + Cl- → AgCl

0,06 0,06 => m = 143,5.0,06 + 108.0,005 = 9,15

Câu 72: Chọn A E gồm HCOOCH2C6H5; C6H5COOCH3; CH3COOC6H5; HCOOC6H4CH3 ( gồm các vị trí o-,m-, và p-) Cho ancol Y tác dụng với Na dư => n(ancol) = 2n(H2) = 0,04 = n(este tạo bởi ancol)

=> n(este tạo bởi hợp chất phenol) = 0,08 -0,04 = 0,04

Gọi CT chung của este tạo bởi ancol là RCOOR' 0,04 mol; và este của hợp chất phenol có dạng

R1COOC6H4R2 0,04 mol RCOOR' + KOH RCOOK + R'OH

0,04 0,04 0,04

R1COOC6H4R2 + 2KOH R1COOK + R2C6H4OK + H2O

0,04 0,08 0,04

ĐLBT 136.0,08 + 56.0,12 = m + 3,18 + 18.0,04 => m = 13,7 gam

Câu 73: Chọn A : đó là phát biểu (4).

Phát biểu (1) sai vì không có chất nào trong hỗn hợp phản ứng cũng như tan trongb nước

Phát biểu (2) sai vì Cu có tính khử mạnh hơn Fe2+, nên Cu dễ bị oxi hóa hơn Fe2+

Phát biểu (3) sai vì xảy ra ăn mòn điện hóa mới đúng

Phát biểu (5) sai vì thạch cao nung CaSO4.H2O mới dùng để nặn tượng, bó bột trong y tế

Câu 74: Chọn C Ta có mkhí = 8,08-1,6 = 6,48; nNaOH = 0,06 mol; mmuối sau = 5,1 gam

Ta có sơ đồ phản ứng: nNaOH NanX

0,06 0,06/n ta có khối lượng muối = (23n+X).0,06/n = 5,1

Rút ra X =62n, chỉ có n = 1, và X =62 đó là gốc NO3 Vậy khí là NO2, O2, và có thể có nước

2NaOH + 2NO2 + 0,5O2 2NaNO3 + H2O

0,06 0,06 0,015 Khi đó ta có mnước = 6,48-46.0,06-32.0,015 = 3,24,

=>nnước = 0,18 mol

Gọi muối A có dạng: M(NO3)x.yH2O khi đó ta có x/y = 0,06/0,18 =1/3 rút ra y =3x

Ta có phản ứng: 2 M(NO3)x.yH2O M2Ox + 2xNO2 + 0,5xO2 + 2yH2O

2(M +62x+ 18y)

= 2( M + 116x) 2M + 16x

8,08 1,6

Ta rút ra 1,6.2.(M + 116x) = 8,08.(2M + 16x) rút ra M = (56/3).x vậy x = 3, và M =56 (Fe)

Muối A là Fe(NO3)3.9H2O => %m(Fe) = 56: 404 = 13,86% => chọn C

Bảo toàn khối lượng

Do tạo bởi các axit béo no nên số lien kết pi trong gốc axit của triglixerit =0,

=> n(CO2) – n(H2O) = (k+2)n(chất béo); với k=0, => n(chất béo) = 0,01

BTNT cho O: Ta có 6n(triglixerit) + 2n(axit béo) + 2n(O2) pứ = 2n(CO2) + n(H2O)

=> n(axit béo) = 0,02

RCOOH + NaOH → RCOONa + H2O

0,02 0,02 0,02

(RCOO)3C3H5 + 3NaOH → 3RCOONa + C3H5(OH)3

0,01 0,03 0,01

BTKL ta có 9,96 + 40.0,05 = m + 92.0,01 + 18.0,02 => m= 10,68 gam

(a) Sai, tùy thuộc số nhóm chức

(b) Sai, các este no có gốc HCOO- làm mất màu nước brom

t



t



khi





t



n 0,84; n 0,6; n 0,58

X

Trang 3

(d) Đúng, chỉ có glucozơ làm mất màu nước brom.

(e) Sai, axit mới tạo peptit

(g) Đúng

A Đúng, glucozơ hay saccarozơ đều tạo phức với Cu(OH)2

B Sai, thí nghiệm chứng mính glucozơ có nhiều OH

C Đúng

D Đúng

Câu 78: Chọn A Y là HOOC-[CH2]-COOH, => b đúng

Z và T đều tạo được anken vậy Z, và T là hai ancol no đơn chức mạch hở chứa từ 2 C trở lên

=> Vật X là CH3CH2OOC[CH2]4COOCH2CH2CH3 hoặc CH3CH2OOC[CH2]4COOCH(CH3) => d đúng; => ancol Z là C2H5OH, T là C3H7OH => c sai Và a đúng.

Câu 79: Chọn D.

M có tráng gương nên các axit X, Y, Z no, đơn chức

Este T có độ không no k = 3 nên:

Cách 1:

Quy đổi hỗn hợp thành:

HCOOH: a mol

C3H5(OH)3: 0,05 mol

CH2: b mol

H2O: -0,15 mol

-> a = 0,4 và b = 0,45

Axit gồm HCOOH (0,1) và

(Với k, g, h là số CH2 cần thêm vào Y, Z và ancol)

Chất rắn gồm: HCOONa (a/2 = 0,2), CH2 (b/2 = 0,225) và NaOH dư (0,2)

m rắn = 24,75

Cách 2:

T = X + Y + Z + E – 3H2O

Quy đổi hỗn hợp thành:

mol

Giải hệ trên được: a = 0,4 và b = 0,05

Hai axit Y, Z có số C tương ứng là u và v

a min o

 

T

2



2

CO

n   a b 0,05.3 1

M

m 46a 14b 92.0,05 18.0,15 26,6   

Ag

2

CH

n 0,15k 0,15g 0,05h 0, 45  

3k 3g h 9

0 k g   k 1,g 2



C H O : a

C H  O : b

2

H O : 0,15mol

2

CO

n na mb 1 

M

m a(14n 32) b(14m 50) 18.0,15 26,6    

n n / 2 0,1 nYCOOH nZCOOH 0,15

Trang 4

Do 1 < u < v và nên u = 2, v = 3 và m = 3 là nghiệm duy nhất.

Chất rắn chứa (0,2) và NaOH dư (0,2)

Câu 80: Chọn B TN1 Đốt cháy E: Đặt n(H2O) = x; n(CO2) = y => 18x + 44y = 30,88 (1)

BTNT cho oxi ta có: x + 2y = 2.0,76 (2) Giải hệ ta có x = 0,64; y =0,44

=> Số C trung bình trong E = 0,44:0,24 = 1,83 => có 1 chất có số C < 1,83; vì amin không phải bậc

1 nên amin ít nhất có 2 C, => X là CH4 => Y là C2H6-2k do có pứ cộng H2 nên k =1; hoặ k =2

T là CnH2n+3N c mol, => n(CH4) = 1,5c; n(C2H6-2k) = d => 2,5c + d = 0,24 (3)

BTNT cho C: n(CO2) = cn + 1,5c + 2d = 0,44 (4)

n(H2O) – n(CO2) = 0,2 = 1,5.c + 1,5c + d(1-k) (5)

TH1: nếu k = 1=> 3c = 0,2 => c = 0,2/3 => d = 0,073 thay vào (5) không có giá trị của n thỏa mãn TH2: Nếu k=2 => 3c –d = 0,2 (6) giải (6) và (3) ta có c = 0,08; d= 0,04 thay vào (4) => n = 3, vậy

T là C3H9N, vậy Y là C2H2 0,04 mol và X là CH4 0,12 mol => m(E) = 59.0,08 + 16.0,12+ 26.0,04 = 7,68 gam => trong 3,84 gam E có n(C2H2) = 0,02

=> n(H2) pứ = 0,02.2 = 0,04 mol

2

CO

3u 3v m 18

m 3

m 24,75gam

Trang 5

Câu 80: Chọn D.

3

2 2

3 2

2

CH COONa : 0,15 mol

CH COONH CH COOC H : 0,15 mol

(C OOCH ) : 0, 2 mol

(C OONa) : 0, 2 mol





Trang 6

Câu 74: Chọn D Y (gồm Fe, Cu) cho tác dụng với dung dịch HCl dư

Fe + 2HCl → FeCl2 + H2 => n(Fe) = 0,2 => n(Fe2O3) = 0,1 => m(CuO) = 24 -16 = 8

=> n(CuO) = 0,1 mol => n(O) trong oxit = 0,1.3 + 0,1.1 = 0,4 mol

C + H2O CO + H2; C + 2H2O CO2 + 2H2

x x y 2y

CO + O CO2; H2 + O H2O

x x x + 2y x + 2y

=> n(O) = 2x + 2y = 0,4 => x+ y = 0,2 (1)

Ta có m(X) = 28x + 2x + 44y + 2.2y = (2x + 3y).2.7,8 = 31,2x + 46,8y

<=> 1,2x - 1,2y =0 => x =y = 0,1 => V = 22,4.(2x + 3y) = 11,2

phản ứng = nT = 0,5175

nNaOH ban đầu = 0,7935 dư = 0,276

RCOONa + NaOH -> RH + Na2CO3

0,5175……0,276

Bảo toàn khối lượng:

m + mNaOH phản ứng = mRCOONa + mT

gam

Đoạn 1: Chỉ có Cl2 thoát ra

Đoạn 2: Tốc độ thoát khí giảm (độ dốc giảm) nên thoát O2

Đoạn 3: O2 và H2 cùng thoát ra

n khí đoạn 3 = (3,248 – 1,568)/22,4 = 0,075

0

t

0

t

2

n 0, 25875n

NaOH

n



RH

n 0, 276 R 1 8, 28 / 0, 276

R 29

 

m 46,69

2

Cl

n 0,04mol

2

O

n (1,568 0,896) / 22, 4 0,03 

Trang 7

Anot thoát ra Cl2 (0,04) và O2 (0,055)



t 5790s

 

Định dạng
Số trang	7
Dung lượng	133,56 KB