DA Thi Online 3 ôn thi đại học

Tính khối lượng dd H PO 50% cần cho vào dung dịch KOH để thu được hai muối kali đihiđrophotphat và kali hiđrophotphat với tỉ lệ số mol là 2:1 56,32%... Nếu thêm dung dịch CaCl dư vào X t

Trang 1

 Theo dõi Báo lỗi câu hỏi

Câu 1 ( ID:45560 )

Câu 2 ( ID:65947 )

Câu trắc nghiệm (0.67 điểm)

Số mol P O cần thêm vào 3 lít dung dịch hỗn hợp KOH 1M và NaOH 1M để sau phản ứng thu được dung dịch chứa hai anion HPO và H PO với số mol bằng nhau là

Hòa tan 142 gam P O vào 500 gam dung dịch H PO 24,5% Nồng độ % của H PO trong dung dịch thu được là

2 5

42- 2 4 -1,0

A

3,0

B

4,0

C

2,0

D

Lời giải chi tiết Bình luận

Lời giải chi tiết

Ta có: n(KOH) = 3 mol và n(NaOH) = 3 mol → n(OH ) = 6 mol

Gọi n(HPO ) = n(H PO ) = a

BT điện tích, ta có: 6 1 = a 2+ a 1 → a = 2

BTNT (P): n(P O ) = 0,5 [n(HPO ) + n(H PO )] = 2 mol

-42- 2 4

68,75%

A

49,61%

B

Trang 2

Câu 3 ( ID:45561 ) Câu trắc nghiệm (0.67 điểm)

Cho 50 gam dung dịch KOH 33,6% Tính khối lượng dd H PO 50% cần cho vào dung dịch KOH để thu được hai muối kali đihiđrophotphat và kali hiđrophotphat với tỉ lệ số mol là 2:1

56,32%

C

48,86%

D

Ta có: n(H PO ) = 2n (P O ) = 2 mol

→ m(H PO ) = 2 98 + 500 24,5 : 100 = 318,5 (gam

→ C% = 318,5 100% : (142 + 500) = 49,61%

3 4

44,1 gam

A

29,4 gam

B

49,0 gam

C

58,5 gam

D

Ta có: m(KOH) = 50.33,6% = 16,8 (g) → n(KOH) = 0,3 mol

Trang 3

Hòa tan m gam P O vào 500ml dung dịch NaOH 1M, sau phản ứng hoàn toàn thu được dung dịch X chứa 2 chất tan có nồng độ mol bằng nhau Nếu thêm dung dịch CaCl dư vào X thì sau phản ứng trong dung dịch chỉ còn muối Cl Giá trị của m là

Sản phẩm là: KH PO (2a mol) và K HPO (a mol)

BTNT (K): 2a + 2a = 0,3 → a = 0,075 mol

BTNT (P): n(H PO ) = n(KH PO ) + n(K HPO ) = 2 0,075 + 0,075 = 0,225 mol

→ m(H PO ) = 0,225 98 = 22,05 (g) → m(dd H PO ) = 22,05 : 50% = 44,1 (g)

2 5

2

‒

28,4 gam

A

21,3 gam

B

7,1 gam

C

14,2 gam

D

Vì sau khi cho thêm dung dịch CaCl và X trong dung dịch chỉ còn muối Cl chứng tỏ X có các ion HPO và PO

Hai chất tan trong X là Na HPO và Na PO có nồng độ bằng nhau do đó, chúng

có số mol bằng nhau (= a mol)

BTNT (Na): 2a + 3a = n(NaOH) = 0,5 → a = 0,1 mol

BTNT (P): n(P O ) = 0,5a + 0,5a = 0,1 mol → m = 0,1 142 = 14,2 (g)

-42- 4

2 5

Trang 4

Câu 5 ( ID:45567 )

Câu 6 ( ID:45063 )

Trộn 200 gam dung dịch NaOH 3% vừa đủ với m gam dung dịch H PO 10% thu được 13,1 gam hai muối Giá trị của m là

Cho 17,04 gam P O vào 200 ml dung dịch NaOH nồng độ aM thu được dung dịch có tổng khối lượng các chất tan bằng 30,12 gam Giá trị của a là

19,6

A

98

B

49

C

298

D

Ta có 2 chất tác dụng vừa đủ với nhau tạo 2 muối nên n(H O) = n(NaOH) = 200 3% : 40 = 0,15 mol

BTKL: m(NaOH) + m(H PO ) = m(muối) + m(H O)

→ m(H PO ) = 13,1+ 0,15 18 - 200 3% = 9,8 (g) → m(dd H PO ) = 9,8 : 10% =

98 (g)

2

2 5

0,9

A

0,6

B

Trang 5

Lấy m gam P O cho tác dụng với 400 ml dung dịch NaOH 0,3M Sau phản ứng cô cạn

dung dịch thu được 1,55m gam chất rắn Giá trị của m gần nhất với

1,2

C

1,5

D

Ta có: k = m(chất tan) : m(P O ) = 1,76 → 1,69 < k < 2 → Sản phẩm có 2 muối là: NaH PO và Na HPO

Gọi n(NaH PO ) = a và n(Na HPO ) = b → 120a + 142b = 30,12

BTNT (P): a + b = 17,04 : 142 2 = 0,24

→ a = 0,18 và b = 0,06

BTNT (Na): n(NaOH) = n(NaH PO ) + 2 n(Na HPO ) = 0,3 mol → a = 0,3 : 0,2

= 1,5 M

2 5

15,5

A

15,7

B

15,8

C

15,6

D

Trang 6

Lấy m gam P O cho tác dụng với 338 ml dung dịch NaOH 2M Sau phản ứng cô cạn

dung dịch thu được 3m gam chất rắn Giá trị x gần nhất với

Ta có: k = 1,55m : m = 1,55 < 1,69

Vậy sau khi cô cạn còn lại NaH PO ( 0,12 mol theo BT (Na)) và H PO dư (x mol)

BTNT (P): n(P O ) = 0,06 + 0,5x

Ta có: (0,06 + 0,5x) 142 1,55 = 0,12 120 + x 98 suy ra x = 0,0991 mol nên m

= (0,06 + 0,5 0,0991) 142 = 15,6 (g)

2 5

11,30

A

11,45

B

11,35

C

11,40

D

Ta có: k = 3m : m = 3 → Sản phẩm có Na PO và NaOH dư

Gọi n(Na PO ) = a và n(NaOH dư) = b → n(P O ) = n(Na PO ) : 2 = a/2

BTNT (Na): 3a + b = 0,338 2 = 0,676

Và: (164a + 40b) : (142a/2) = 3

Tìm được a = 0,16 và b = 0,196 → m = (0,16 : 2) 142 = 11,36 (g)

Trang 7

Câu 9 ( ID:45568 )

Câu 10 ( ID:45569 )

Hòa tan hoàn toàn 6,035 gam P O vào V lít dung dịch X gồm NaOH 1M và KOH 1M Sau khi kết thúc phản ứng thu được dung dịch Y, cô cạn dung dịch Y thu được 14,33 gam muối Giá trị của V là

2 5

0,4

A

0,2

B

0,3

C

0,1

D

Ta có: số mol 2 bazo bằng nhau, nên khối lượng TB cua 2 KL trong bazo là: (23 + 39) : 2 = 31 và n(P) = 0,085

Vậy M của 3 muối có thể tạo ra là: MH PO (128) ; M HPO (158); M PO (188)

Ta có: M(muối) = 14,33 : 0,085 = 168,6 nên 2 muối tạo ra là M HPO (a mol)

và M PO (b mol)

HpT: a + b = 0,085 và 158a + 188b = 14,33 nên a = 0,055 và b = 0,03

Vậy n(MOH) = 0,055 2 + 0,03 3 = 0,2 suy ra 2V = 0,2 nên V = 0,1

Trang 8

Câu 11 ( ID:45570 )

Hòa tan hết 17,94 gam một kim loại kiềm vào một lượng nước dư thu được dung dịch X Cho dung dịch X tác dụng với 36,92 gam P O thì thu được dung dịch Y chỉ chứa hai muối có nồng độ mol bằng nhau Kim loại kiềm là

Đốt m gam P sau đỏ cho sản phẩm tác dụng với 480ml dung dịch NaOH x mol/l thu được dung dịch chứa 4,68m gam chất tan Mặt khác cho m gam P tác dụng với HNO đặc nóng dư thu được (m + 55,72) gam NO (đktc) Giá trị của x gần nhất với

2 5

Na

A

K

B

Li

C

Rb

D

TH1: Muối MH PO (a mol) và M HPO (a mol) (số mol bằng nhua do nồng độ 2 muối bằng nhau)

BTNT (P): a + a = 2n(P O ) = 2 0,26 → a = 0,26 mol

→n (KLK) = 0,26 + 0,26 2 = 0,78 → M (KLK) = 17,94 : 0,78 = 23 (Na)

TH2: Muối M HPO (a mol) và M PO (a mol)

BTNT (P): a = 0,26 mol → n(KLK) = 0,26 2+ 0,26 3 = 1,3 mol → M(KLK) = 13,8 (loại)

2 5

1,15

A

Trang 9

Cho m gam P O vào dung dịch chứa 0,1 mol NaOH và 0,05 mol KOH, thu được dung dịch X Cô cạn X, thu được 8,56 gam hỗn hợp chất rắn khan Giá trị của m là

1,25

B

1,35

C

1,05

D

Ta có quá trình nhường nhận e khi cho P tác dụng HNO :

P(0) → P(+5) + 5e N(+5) + 1e → N(+4)

m/31 -5m/31 (m+55,72)/46 -(m+55,72)/46

→ 5m/31 = (m+55,72)/46 → m = 8,68 → n(P) = 0,28 → n(P O ) = 0,14

→ k = m(CR) : m(P O ) = 2,043 → Sản phẩm là Na HPO (a mol) và Na PO (b mol)

Ta có: BTNT (P): a + b = 0,28 và 142a + 164b = 4,68 8,68

Tìm được a = 0,2408 và b = 0,0392

BTNT (Na): n(NaOH) = 2.a + 3.b = 0,5992 → x = 0,5992 : 0,48 = 1,248M

3

2 5

2,13

A

4,46

B

1,76

C

Trang 10

Cho a gam P O vào 500 ml dung dịch hỗn hợp NaOH 0,2M và KOH 0,3M, sau phản ứng hoàn toàn thu được dung dịch X Cô cạn cẩn thận dung dịch X thu được 17,7 gam hỗn hợp muối khan Giá trị của a là

2,84

D

M = 85/3

P O + H O + 2ROH → 2RH PO

P O + 4ROH → 2R HPO + H O

P O + 6ROH → 2R PO + 3H O

- Nếu sản phẩm là RH PO (0,15) → m(muối) = 18,8 gam

- Nếu sản phẩm là R HPO (0,075) → m(muối) = 11,45 gam

- Nếu sản phẩm là R PO ( 0,05) → m(muối) = 9 gam

Ta thấy 8,56 gam < 9 gam nên hh rắn khan là R PO (a mol) và ROH dư ( b mol) 3a + b = 0,15

180a + 136/3.b = 8,56

Giải hệ: a = 0,04; b = 0,03

→ n(P O ) = 0,02 → m = 2,84 gam

R

2 5

Trang 11

Cho m gam P O vào 350 ml dung dịch KOH 1M Cô cạn dung dịch sau phản ứng thu được (2m + 6,7) gam chất rắn Giá trị của m là

21,3 gam

A

7,1 gam

B

14,2 gam

C

3,55 gam

D

P O + 3H O → 2H PO

H PO + (NaOH; KOH) → Muối + H O

Ta có: n(H O) = n(OH ) = 0,5 0,2 + 0,5 0,3 = 0,25 mol

BTKL: m(H PO ) = m(Muối) + m(H O) – m(NaOH) – m(KOH) = 9,8

→ n(H PO ) = 0,1 → n(P O ) = 0,05 → a = 7,1 (g)

2 5

7,10

A

10,65

B

14,20

C

21,30

D

Trang 12

Cho 2,13 gam P O tác dụng hết với V ml dung dịch NaOH 1M, sau khi các phản ứng xảy ra hoàn toàn, thu được dung dịch X chỉ chứa 4,48 gam muối Giá trị của V là

Số mol H PO = 2m/142;

Bài toán thực chất: H PO + 0,35 mol KOH

Thực chất của phản ứng là H + OH → H O

+) Nếu H hết thì số mol H O = 6m/142

→ bảo toàn KL có: (2m/142).98 + 0,35.56 = 2m + 6,7 + (6m/142).18

→ m = 9,35 mol → số mol H = 0,394 > số mol OH , loại

+) Nếu OH hết thì có số mol H O = 0,35 mol

→ bảo toàn KL có : (2m/142).98 + 0,35.56 = 2m + 6,7 + 0,35.18

→ m = 10,65 gam

3 4

-2 +

2

2 5

120

A

140

B

70

C

35

D

Trang 13

Ta có:

vậy 2 muối là Na HPO và Na PO

Giải được số mol của 2 muối trên lần lượt là 0,02 và 0,01 mol

Định dạng
Số trang	13
Dung lượng	371,26 KB