Hoc24h vn thi online bài 1 03 phương pháp giải bài toán đốt CHÁY ESTE (đề 2 NC)

Sản phẩm cháy được dẫn vào bình đựng dung dịch BaOH dư thấy khối lượng bình tăng 151,9 gam... Giá trị của m là: Câu trắc nghiệm 0.5 điểm Đốt cháy hoàn toàn một lượng este no đơn chức E t

Trang 1

 Theo dõi Báo lỗi câu hỏi

Câu 1 ( ID:18580 )

Câu 2 ( ID:18633 )

Câu trắc nghiệm (0.5 điểm)

Đốt cháy hoàn toàn 7,4 gam hỗn hợp hai este đồng phân, thu được 6,72 lít CO (ở đktc) và 5,4 gam H O CTPT của hai este là:

Hai chất hữu cơ X, Y (chứa C, H, O) đều chứa 53,33% oxi về khối lượng Khối lượng phân tử của Y gấp 1,5 lần khối lượng phân tử X Để đốt cháy 0,04 mol hỗn hợp cần 0,1 mol O Công thức phân tử của X, Y lần lượt là:

2 2

C H O .

A 4 6 2

C H O .

B 4 8 2

C H O

C H O .

D 2 4 2

Lời giải chi tiết Bình luận

Lời giải chi tiết

0,3 mol CO = 0,3 mol H O

Giả sử công thức của este là: C H O

Ta có: m + m + m = 7,4 → m = 3,2g→ n =0,2 mol →n = 0,1 mol

→n=3

⇒ C H O

n 2n 2

2

C H O và C H O

A 2 4 2 3 6 2

Trang 2

Câu 3 ( ID:85702 ) Câu trắc nghiệm (0.5 điểm)

Đốt cháy hoàn toàn m gam hỗn hợp các este no, đơn chức, mạch hở Sản phẩm cháy được dẫn vào bình đựng dung dịch Ba(OH) dư thấy khối lượng bình tăng 151,9 gam Khối lượng kết tủa tạo ra là

C H O và C H O

B 2 4 2 3 4 2

C H O và C H O

D 3 6 3 4 8 4

X, Y (chứa C, H, O) đều chứa 53,33% oxi về khối lượng → X, Y có cùng

CTĐGN

Gỉa sử CT của X, Y là C H O ta có:

(chọn được cặp nghiệm x=1, y=2, z=1)

→ CTPT trung bình của X, Y: (CH O)

Bảo toàn O: 0,04n+ 0,1.2=0,04n.2+0,04n →n=2,5

Kết hợp với M =1,5M

Ta được: C H O và C H O

x y z

2

482,65 gam

A

165 gam

B

Trang 3

Đốt cháy hoàn toàn 3,7 gam một este đơn chức X thu được 3,36 lít khí CO (đktc) và 2,7 gam nước Công thức phân tử của X là:

325 gam

C

245 gam

D

Khi đốt cháy thu được n(CO ) = n(H O) = a mol

m(bình tăng) = m(CO ) + m(H O) = 151,9 = 44a + 18a → a = 2,45 mol

→ m(BaCO ) = 2,45.197 = 482,65 gam

3

2

C H O .

A 4 8 2

C H O

C H O .

C 5 8 2

C H O .

D 2 4 2

0,15 mol CO = 0,15 mol H O

→ este no, đơn, hở: CTPT: C H O

Ta có: m + m + m = 3,7 → m = 1,6g→ n =0,1 mol →n = 0,05 mol

→ n= 3

⇒ C H O

n 2n 2

3 6 2

Trang 4

Câu 5 ( ID:18559 )

Câu 6 ( ID:18570 )

Đốt cháy hoàn toàn m mol este X tạo bởi ancol no, đơn chức, mạch hở và axit không

no (chứa một liên kết đôi C=C), đơn chức, mạch hở thu được 4,48 lít CO (đktc) và 1,8 gam nước Giá trị của m là:

Đốt cháy hoàn toàn một lượng este no đơn chức E thì thể tích CO thu được bằng thể tích của oxi trong cùng điều kiện Công thức của este đó là:

2

0,10

A

0,05

B

0,15

C

0,20

D

CT của este X tạo bởi ancol no, đơn chức, mạch hở và axit không no (chứa

→

n 2n-2 2

2

HCOOCH

Trang 5

Đốt cháy hoàn toàn 1 gam một este X đơn chức, mạch hở, có một nối đôi C=C thu được 1,12 lít khí CO (đktc) và 0,72 gam H O Công thức phân tử của X là:

HCOOC H

Este no, đơn chức và theo các đáp án ta thấy este đều mạch hở → Gọi este là:

C H O

C H O + (1,5n - 1)O → nCO + nH O

→ chỉ có este HCOOCH (Metyl fomat)

n 2n 2

3

C H O

C H O .

B 4 8 2

C H O .

C 4 6 2

D 5 10 2

CT của este X tạo bởi ancol no, đơn chức, mạch hở và axit không no (chứa

một liên kết đôi C=C), đơn chức, mạch hở : C H O

→

→ M = 100 → n=5

⇒C H O

n 2n-2 2

X

Trang 6

Câu 8 ( ID:18637 )

Câu 9 ( ID:18574 )

Đốt cháy hoàn toàn 0,1 mol hỗn hợp gồm 1 este no đơn chức mạch hở và 1 este đơn chức, không no có 1 liên kết đôi C=C mạch hở cần vừa đủ V lít O (đktc) thu được 5,04 lít CO (đktc) và 3,6 gam H O Giá trị của V là:

Đốt cháy hoàn toàn một lượng hỗn hợp 2 este, cho sản phẩm phản ứng cháy qua bình đựng P O dư, khối lượng bình tăng thêm 6,21 gam, sau đó cho qua tiếp dung dịch Ca(OH) dư, thu được 34,5 gam kết tủa Các este trên thuộc loại nào?

2

10,08

A

5,6

B

5,04

C

2,8

D

ta có: 0,225 mol CO và 0,2 mol H O

Vì cả hai este đều đơn chức nên trong công thức đều chứa 2 nguyên tử O

(O2) (O2)

2 5

2

Este thuộc loại no, đơn chức

A

Trang 7

Đốt cháy hoàn toàn 4,3 gam chất hữu cơ X, rồi dẫn toàn bộ sản phẩm đốt cháy vào dung dịch Ca(OH) dư có 20 gam kết tủa xuất hiện, độ giảm khối lượng dung dịch là 8,5 gam Biết M < 100 CTPT của X là:

Este thuộc loại không no

B

Este thuộc loại no

C

Este thuộc loại không no đa chức

D

Sản phẩm phản ứng cháy qua bình đựng P O dư, khối lượng bình tăng thêm

6,21 gam →

→Este thuộc loại no, đơn chức ( vì số mol nước = số mol CO )

2

2 X

C H O

B 4 8 2

C H O

C 3 6 2

C H O

D 5 10 2

Trang 8

Đốt cháy hoàn toàn 10 ml hơi một este X cần vừa đủ 45 ml O , sau phản ứng thu được hỗn hợp khí CO và hơi nước có tỉ lệ thể tích là 4 : 3 Ngưng tụ sản phẩm cháy thì thể tích giảm đi 30 ml Biết các thể tích đo ở cùng điều kiện Công thức của este X là:

khối lượng dung dịch giảm =

ta có: m + m + m = 4,3 → m = 4,3-0,2.12-1,5.2=1,6g→ n =0,1 mol

Gọi CTPT của X là: CxHyOz: x:y:z=0,2:0,3:0,1=2:3:1

Mà M

⇒X là: C H O

X

2 2

C H O

B 8 6 4

C 4 8 2.

C H O

D 4 6 4

Ngưng tụ sản phẩm cháy thì thể tích giảm đi 30 ml →

V(H O)=30ml → V(CO )=40ml

Gọi CT của este là C H O : → x=4, y=6

Bảo toàn O: 10z+45.2=40.2+30.1 → z = 2

⇒C H O

x y z

Trang 9

Câu 12 ( ID:85703 )

Câu 13 ( ID:85704 )

Đun nóng este X đơn chức mạch hở với NaOH thu được muối và ancol Đốt cháy hoàn toàn 0,1 mol X cần 10,08 lít O (đktc) và thu được V lít CO (đktc) và nước Cho toàn bộ sản phẩm cháy vào nước vôi trong dư thu được 40 gam kết tủa X không

có phản ứng tráng gương Vậy công thức của X là

Đốt cháy a gam một este X cần 11,76 lít O (đktc), sau phản ứng thu được hỗn hợp

CO và hơi nước Dẫn hỗn hợp này vào bình đựng dung dịch Ca(OH) dư thấy khối lượng bình tăng 26,04 gam và thấy xuất hiện 42 gam kết tủa trắng Biết este này do một axit đơn chức và ancol đơn chức tạo nên Công thức phân tử của X là

CH -COOCH=CH

CH -COOCH -CH=CH

HCOO-CH -CH=CH

CH =CH-COOCH

n(O ) = 0,45 mol; n(CO ) = 0,4 mol

BTNT (O): 2.n + 2.n(O ) = 2.n(CO ) + n(H O) → n(H O) = 0,3 mol

Số C = 0,4 : 0,1 = 4

Số H = (2.0,3) : 0,1 = 6

→ CTPT: C H O

Vì X không có phản ứng tráng gương nên X có CTCT: CH =CH-COOCH

Lưu ý:

- HCOOCH -CH=CH tham gia phản ứng tráng gương

- CH -COOCH=CH khi tham gia thủy phân với NaOH thu được muối và anđehit

4 6 2

2

Trang 10

Đốt cháy hoàn toàn 5,4 gam hỗn hợp X gồm axit acrylic, axit oleic, vinyl axetat, metyl acrylat cần vừa đủ V lít O (đktc) Hấp thụ hoàn toàn sản phẩm cháy vào nước

vô trong dư thu được 30 gam kết tủa Giá trị của V là

C H O

Khối lượng bình tăng là m(CO ) + m(H O) = 26,04

Ta có: m(kết tủa trắng) = 42 → n(CaCO ) = 0,42 → n(CO ) = 0,42

→ m(CO ) = 18,48 → m(H O) = 7,56 → n(H O) = 0,42

→ n(CO ) = n(H O) → X no, đơn chức

BTNT (O): n(COO trong X) = n(CO ) + 0,5 n(H O) – n(O ) = 0,105 → n(X) = 0,105

→ Số C trong X = 0,42 : 0,105 = 4 → C H O

4 8 2

2

8,400

A

8,736

B

13,440

C

13,440

D

Trang 11

Hỗn hợp X gồm 1 este đơn chức, không no có một nối đôi (C=C) mạch hở và 1 este

no, đơn chức mạch hở Đốt cháy hoàn toàn 0,15 mol X rồi cho toàn bộ sản phẩm cháy hấp thụ hoàn toàn vào bình đựng dung dịch Ca(OH) dư Sau phản ứng thấy khối lượng bình tăng 23,9 gam và có 40 gam kết tủa CTPT của 2 este là

X gồm C H COOH; C H COOH; CH COOC H ; C H COOCH

Ta có: n(CaCO ) = 0,3 → n(CO ) = 0,3

Nhận thấy các chất trong X đều có 2O và có 2 lk pi

Gọi n(O trong X) = a và n(H O) = b

Ta có: m(X) = m(C) + m(H) + m(O) → 5,4 = 0,3 12 + 2b + 16a

Mặt khác: n(X) = n(CO ) – n(H O) → a/2 = 0,3 – b

→ a = 0,08 và b = 0,26

BTNT (O): n(O ) = n(CO ) + 0,5 n(H O) – n(X) = 0,39 → V = 8,736

2

C H O , C H O

Gọi A và B lần lượt là este không no và este no

Ta có: m(CO ) + m(H O) = 23,9 và m(CaCO ) = 402 2 3

Trang 12

Câu 16 ( ID:85707 )

Câu 17 ( ID:85708 )

Hỗn hợp X gồm 2 este của 2 axit kế tiếp nhau trong dãy đồng đẳng: R COOR và

R COOR Đốt cháy hoàn toàn 20,1 gam X cần 29,232 lít (đktc) O thu được 46,2 gam CO Hai este trong X là

→ n(CaCO ) = 0,4 → n(CO ) = 0,4 → m(CO ) = 17,6

→ m(H O) = 6,3 → n(H O) = 0,35

→ n(A) = n(CO ) – n(H O) = 0,05 → n(B) = 0,15 – 0,05 = 0,1

Gọi số C trong A và B lần lượt là m và n → 0,05n + 0,1m = 0,4

Với n = 3 → m = 2,5

Với n = 4 → m = 2 → C H O và C H O

’

’’

2 2

C H O và C H O

Ta có: n(O ) = 1,305 và n(CO ) = 1,05

BTKL: m(H O) = m(X) + m(O ) – m(CO ) = 15,66 → n(H O) = 0,87

→ n(CO ) > n(H O) → Este không no → Loại đ.a C H O và C H O

Nhận xét trong các đ.a 2 este có 1 lk C=C→ n(X) = 1,05 – 0,87 = 0,18

→ Số C trung bình trong X = n(CO ) : n(X) = 35/6

Mặt khác 2 este kế tiếp nhau trong dãy đồng đẳng → C H O và C H O

2

Trang 13

Câu 18 ( ID:85534 )

Đốt cháy hoàn toàn 0,2 mol hỗn hợp M gồm este đơn chức X và hiđrocacbon không

no Y (phân tử Y nhiều hơn phân tử X một nguyên tử cacbon), thu được 0,65 mol CO

và 0,4 mol H O Phần trăm khối lượng của Y trong M là

Để đốt cháy hoàn toàn 6,24 gam một este X (M < 180) cần 6,272 lít khí oxi (đktc) Sản phẩm cháy được hấp thụ hoàn toàn vào dung dịch nước vôi trong dư thấy có m gam kết tủa, khối lượng dung dịch nước vôi trong giảm 12,8 gam Công thức phân tử của X là

2 2

75,00%

A

19,85%

B

19,40%

C

25,00%

D

Số C trung bình trong M = 0,65 : 0,2 = 3,25

Mà phân tử Y nhiều hơn X một C → Y có 4C và X có 3C

Gọi n(X) = a và n(Y) = b → a + b = 0,2 và 3a + 4b = 0,65

→ a = 0,15 và b = 0,05

Gọi số H trong X là x và trong Y là y → 0,15x + 0,05y = 0,8

Chỉ có 1 giá trị x = 4 và y = 4 thỏa mãn → Y: C H (0,05 mol) và X: C H O (0,15 mol)

→ %m(Y) = 19,4%

X

C H O

Trang 14

Đốt cháy hoàn toàn 4,02 gam hỗn hợp gồm axit acrylic, vinyl axetat và metyl metacrylat rồi cho toàn bộ sản phẩm cháy vào bình 1 đựng dung dịch H SO đặc, bình 2 đựng dung dịch Ba(OH) dư thấy khối lượng bình 1 tăng m gam, bình 2 xuất hiện 35,46 gam kết tủa Giá trị của m là

C H O

Có n(O ) = 0,28 mol;

Gọi số mol CO , H O lần lượt là x, y mol

BTKL: m(CO ) + m(H O) + m(dd đầu) = m(dd sau) + m(CaCO )

→ 44x + 18y + m(dd giảm) = 100x → 56x - 18y = 12,8

BTKL: m + m(O ) = m(CO ) + m(H O) → 6,24 + 0,28.32 = 44x + 18y

Giải hệ: x = 0,28; y = 0,16

BTKL: m = m + m + m → n = (6,24 – 0,28.12 – 0,16.2) : 16 = 0,16 mol

Có tỉ lệ: n : n : n = 0,28 : 0,32 : 0,16 = 7 : 8 : 4

Từ 4 đáp án, ta thấy đáp án đúng là: C H O

2

7 8 4

2

2,70

A

3,24

B

2,34

C

3,65

D

Trang 15

Đốt cháy hoàn toàn hỗn hợp X gồm: axit axetic, etyl axetat, metyl axetat rồi cho toàn

bộ sản phẩm cháy vào bình (1) đựng dung dịch H SO đặc, dư,bình (2) đựng dung dịch Ba(OH) dư Kết thúc thí nghiệm thấy khối lượng bình (1) tăng thêm m gam,

bình (2) thu được 10,835 gam kết tủa Giá trị của m gần nhất với

Hỗn hợp X gồm: CH =CH-COOH, CH -COOCH=CH và

CH =C(CH )COOCH

Sản phẩm cháy gồm CO , H O khi qua bình 1 thì nước bị hấp thụ nên khối lượng bình 1 tăng chính là khối lượng của nước Qua bình 2 thì CO bị hấp thụ nên có m(kết tủa) = m(BaCO ) = 35,46 gam

→ n(CO ) = n(BaCO ) = 0,18 mol

n = 4,02 : (14n+30) = 0,18 : n

Tính ra được n = 3,6

→ n(H O) = n(CO ) - n = 0,18 - (0,18 : 3,6) = 0,13 mol → m(H O) = 2,34 gam

n 2n-2 2

2 3

X

2

1,0

A

0,9

B

0,8

C

1,1

D

X gồm CH COOH; CH COOC H ; CH COOCH

Nhận thấy các chất trong X đều có dạng C O O Khi đốt cháy cho n(CO ) = n(H O)

→ n(H O) = 10,835 : 197 = 0,055 → m = 0,99

2

Định dạng
Số trang	16
Dung lượng	543,3 KB