Đề thi minh họa môn toán năm 2020 có lời giải

đề thi, môn toán, tốt nghiệp trung học phổ thông lớp 12; đại học; cao đẳngBỘ GIÁO DỤC VÀ ĐÀO TẠOĐỀ THI THAM KHẢOKỲ THI TRUNG HỌC PHỔ THÔNG QUỐC GIA NĂM 2020Bài thi: TOÁNThời gian làm bài: 90 phút, không kể thời gian phát đề.Câu 1. Từ một nhóm học sinh gồm 6 nam và 8 nữ, có bao nhiêu cách chọn ra một học sinh?A. 14.B. 18.C. 6.D. 8.Câu 2. Cho cấp số nhân với và . Công bội của cấp số nhân đã cho bằngA. 3.B. .C. 4.D. .Câu 3. Diện tích xung quanh của hình nón có độ dài đường sinh l và bán kính đáy r bằngA. .B. .C. .D. .

Trang 1

BỘ GIÁO DỤC VÀ ĐÀO TẠO

ĐỀ THI THAM KHẢO

KỲ THI TRUNG HỌC PHỔ THÔNG QUỐC GIA NĂM 2020

Bài thi: TOÁN

Thời gian làm bài: 90 phút, không kể thời gian phát đề

Câu 1 Từ một nhóm học sinh gồm 6 nam và 8 nữ, có bao nhiêu cách chọn ra một học sinh?

Câu 2 Cho cấp số nhân  u với n u  và 1 2 u  Công bội của cấp số nhân đã cho bằng2 6

3.

Câu 3 Diện tích xung quanh của hình nón có độ dài đường sinh l và bán kính đáy r bằng

3rl.

Câu 4 Cho hàm số f x có bảng biến thiên như sau: 

Hàm số đã cho đồng biến trên khoảng nào dưới đây?

A 1;    B 1;0 C 1;1 D 0;1 

Câu 5 Cho khối lập phương có cạnh bằng 6 Thể tích của khối lập phương đã cho bằng

Câu 6 Nghiệm của phương trình log 23 x 1 2 là

2

x 

Câu 7 Nếu  

2

1

2

f x dx 

3

2

1

f x dx 

3

1

f x dx

Câu 8 Cho hàm số yf x  có bảng biến thiên như sau:

Giá trị cực tiểu của hàm số đã cho bằng

Câu 9 Đồ thị của hàm số nào dưới đây có dạng như đường cong trong hình

bên?

Trang 2

A y x42x2 B y x4 2x

  C y x 3 3x2 D yx33x2

Câu 10 Với a là số thực dương tùy ý,  2

2

log a bằng

A 2 log a 2 B 2

1 log

2 a. C 2log a 2 D 2

1 log

2 a

Câu 11 Họ tất cả các nguyên hàm của hàm số f x  cosx6x là

A sinx3x2C B  sinx3x2C C sinx6x2C D  sin x C

Câu 12 Môđun của số phức 1 2i bằng

Câu 13 Trong không gian Oxyz, hình chiếu vuông góc của điểm M2; 2;1  trên mặt phẳng Oxy có

tọa độ là

A 2;0;1  B 2; 2;0  C 0; 2;1  D 0;0;1 

Câu 14 Trong không gian Oxyz, cho mặt cầu   S : x12y22z 32 16 Tâm của (S) có tọa

độ là

A 1; 2; 3   B 1; 2;3  C 1;2; 3  D 1; 2;3 

Câu 15 Trong không gian Oxyz, cho mặt phẳng   : 3x2y 4z 1 0 Vectơ nào dưới đây là một vectơ pháp tuyến của   ?

A n  2 3;2;4

B n  3 2; 4;1 

C n 1 3; 4;1 



D n 4 3;2; 4 



Câu 16 Trong không gian Oxyz, điểm nào dưới đây thuộc đường thẳng : 1 2 1

A P  1; 2;1. B Q1; 2; 1   C N  1;3; 2. D M1;2;1

Câu 17 Cho hình chóp S ABCD có đáy là hình vuông cạnh 3a , SA vuông góc

với mặt phẳng đáy và SA 2a (minh họa như hình bên) Góc giữa đường thẳng

SC và mặt phẳng ABCD bằng 

Câu 18 Cho hàm số f x , bảng xét dấu của   f x  như sau:

Số điểm cực trị của hàm số đã cho là

Câu 19 Giá trị lớn nhất của hàm số f x  x412x21 trên đoạn 1; 2 bằng

Trang 3

Câu 20 Xét tất cả các số dương a và b thỏa mãn log2alog8ab Mệnh đề nào dưới đây đúng?

A a b 2 B a3 b C a b D a2  b

Câu 21 Tập nghiệm của bất phương trình 5x 1 5x2  x 9

A 2; 4 B 4; 2 C   ; 2  4; .D   ; 4  2; 

Câu 22 Cho hình trụ có bán kính đáy bằng 3 Biết rằng khi cắt hình trụ đã cho bởi một mặt phẳng qua

trục, thiết diện thu được là một hình vuông Diện tích xung quanh của hình trụ đã cho bằng

Số nghiệm thực của phương trình 3f x   2 0 là

Câu 24 Họ tất cả các nguyên hàm của hs   2

1

x

f x

x





 trên khoảng 1;   là

A x3lnx1C B x 3lnx1C

C

3

1

x

3 1

x

Câu 25 Để dự báo dân số của một quốc gia, người ta sử dụng công thức S Ae nr ; trong đó A là dân số của năm lấy làm mốc tích, S là dân số sau n năm, r là tỉ lệ tăng dân số hàng năm Năm 2017, dân số Việt

Nam là 93.671.600 người (Tổng cục Thống kê, Niên giám thống kê 2017, Nhà xuất bản Thống kê, Tr 79) Giả sử tỉ lệ tăng dân số hàng năm không đổi là 0,81%, dự báo dân số Việt Nam năm 2035 là bao nhiêu người (kết quả làm tròn đến chữ số hàng trăm)?

A 109.256.100 B 108.374.700 C 107.500.500 D 108.311.100

Câu 26 Cho khối lăng trụ đứng ABCD A B C D     có đáy là hai hình thoi

cạnh a, BD 3a và AA 4a (minh họa như hình bên) Thể tích của khối

lăng trụ đã cho bằng

A 2 3a 3 B 4 3a 3

C 2 3 2

3

a .

Câu 27 Tổng số tiệm cận đứng và tiệm cận ngang của đồ thị hàm số

2 2

1

y x

 



 là

Trang 4

Câu 28 Cho hàm số y ax 33x d a d  ,   có đồ thị như hình bên Mệnh

đề nào dưới đây đúng?

A a0;d0 B a0;d 0

C a0;d0 D a0;d 0

Câu 29 Diện tích phần hình phẳng được gạch chép trong hình bên bằng

2

1

2x 2x 4 dx



2 2 1

2x 2x 4 dx



 

2

1

2x 2x 4 dx



2 2 1

2x 2x 4 dx



 

Câu 30 Cho hai số phức z1 3 i và z2  1 i Phần ảo của số phức z1z2 bằng

Câu 31 Trên mặt phẳng tọa độ, điểm biểu diễn số phức z 1 2i2 là điểm nào dưới đây?

A P  3;4. B Q5; 4. C N4; 3  D M4;5.

Câu 32 Trong không gian Oxyz, cho các vectơ a  1;0;3 và b    2; 2;5 Tích vô hướng a a b  .  

bằng

Câu 33 Trong không gian Oxyz, cho mặt cầu  S có tâm là điểm I0;0; 3  và đi qua điểm M4;0;0.

Phương trình của  S là

A x2y2z32 25 B x2y2z32 5

C x2y2z 32 25 D x2y2z 32 5

Câu 34 Trong không gian Oxyz, mặt phẳng đi qua điểm M1;1; 1  và vuông góc với đường thẳng

:

x y z

   có phương trình là

A 2x2y z  3 0 B x 2y z 0 C 2x2y z  3 0 D x 2y z  2 0

Câu 35 Trong không gian Oxyz, vectơ nào dưới đây là một vectơ chỉ phương của đường thẳng đi qua

hai điểm M2;3; 1  và N4;5;3 ?

A u  4 1;1;1

B u  3 1;1;2

C u 1 3;4;1 D u 2 3;4;2

Câu 36 Chọn ngẫu nhiên một số từ tập các số tự nhiên có ba chữ số đôi một khác nhau Xác suất để số

được chọn có tổng các chữ số là chẵn bằng

A 41

4

1

16 81

Trang 5

Câu 37 Cho hình chóp S ABCD có đáy là hình thang, AB2a,

AD DC CB a   , SA vuông góc với mặt phẳng đáy và SA3a (minh họa

như hình bên) Gọi M là trung điểm của AB Khoảng cách giữa hai đường

thẳng SB và DM bằng

A 3

4

a

2

a

C 3 13

13

a .

Câu 38 Cho hàm số f x có   f  3 3 và   , 0

x

   Khi đó  

8

3

f x dx

29

181

6 .

Câu 39 Cho hàm số f x  mx 4

x m





 (m là tham số thực) Có bao nhiêu giá trị nguyên của m để hàm số đã

cho đồng biến trên khoảng 0;   ?

Câu 40 Cho hình nón có chiều cao bằng 2 5 Một mặt phẳng đi qua đỉnh hình nón và cắt hình nón theo

một thiết diện là tam giác đều có diện tích bằng 9 3 Thể tích của khối nón được giới hạn bởi hình nón

đã cho bằng

A 32 5

Câu 41 Cho x, y là các số thực dương thỏa mãn log9 xlog6 ylog 24 x y  Giá trị của x

y bằng

3 log 2

 

 

2 log 2

Câu 42 Gọi S là tập hợp tất cả các giá trị thực của tham số m sao cho giá trị lớn nhất của hàm số

f x x  x m trên đoạn 0;3 bằng 16 Tổng tất cả các phần tử của S bằng

Câu 43 Cho phương trình 2   

log 2x  m2 log x m  2 0 (m là tham số thực) Tập hợp tất cả các giá trị của m để phương trình đã cho có hai nghiệm phân biệt thuộc đoạn 1;2 

A 1; 2  B 1; 2  C 1; 2  D 2;   

Câu 44 Cho hàm số f x liên tục trên    Biết cos 2x là một nguyên hàm của hàm số   x

f x e , họ tất

cả các nguyên hàm của hàm số f x e  x là

Trang 6

A  sin 2xcos 2x C B 2sin 2xcos 2x C C 2sin 2x cos 2x C D 2sin 2x cos 2x C

Số nghiệm thuộc đoạn ; 2 của phương trình 2f sinx   là 3 0

Câu 46 Cho hàm số bậc bốn yf x  có đồ thị như hình bên Số

điểm cực trị của hàm số    3 2

3

g x f x  x là

Câu 47 Có bao nhiêu cặp số nguyên x y thỏa mãn ;  0 x 2000 và log 33 3 2 9y

x  x y ?

Câu 48 Cho hàm số f x liên tục trên    và thỏa mãn  3  2 10 6

xf x  f  x x x  x x   Khi

đó  

0

1

f x dx

 bằng

A 17

20

4

Câu 49 Cho khối chóp S ABC có đáy ABC là tam giác vuông cân tại A, AB a SBA SCA ,  90 , góc giữa hai mặt phẳng SAB và  SAC bằng  60 Thể tích của khối chóp đã cho bằng

3 3

a

3 2

a

3 6

a

Câu 50 Cho hàm số f x Hàm số   yf x  có đồ thị như

hình bên Hàm số     2

1 2

g x f  x x  x nghịch biến trên khoảng nào dưới đây?

A 1;3

2

 

 

2

 

 

 

C 2; 1  D 2;3 

Trang 7

ĐÁP ÁN

11-A 12-C 13-B 14-D 15-D 16-A 17-B 18-B 19-C 20-D

21-A 22-B 23-C 24-A 25-B 26-A 27-C 28-D 29-A 30-C

31-D 32-B 33-A 34-C 35-B 36-A 37-A 38-B 39-D 40-A

41-B 42-A 43-C 44-B 45-B 46-C 47-D 48-A 49-D 50-A

LỜI GIẢI CHI TIẾT Câu 1: Đáp án A

Số cách chọn 1 học sinh từ 14 học sinh là 14

Câu 2: Đáp án A

Áp dụng công thức: u n1 u q n

Ta có: 2 1 2

1

6

2

u

Câu 3: Đáp án C

Áp dụng công thức diện tích xung quanh hình nón S xqrl

Câu 4: Đáp án D

Dựa vào bảng biến thiên ta thấy: Hàm số đã cho đồng biến trên các khoảng   ; 1 và 0;1 

Thể tích của khối lập phương có công thức V  63 216

Câu 6: Đáp án B

3

log 2x1  2 2x1 3  x5

f x  f x  f x   

Dựa vào bảng biến thiên ta thấy giá trị cực tiểu của hàm số đã cho là y  tại 4 x 3

Nhìn vào đồ thị ta thấy đây không thể là đồ thị của hàm số bậc 3 => Loại C, D

Khi x   thì y    => Loại B.

Ta có:  2

log a 2log a0

Ta có: f x x d  cosx6 dx x cos dx x3 2 dx x sinx3x2C

Trang 8

Ta có: 1 2 i  1222  5

Hình chiếu vuông góc của điểm M2; 2;1  trên mặt phẳng Oxy có tọa độ là  M 2; 2;0 

Tâm của  S có tọa độ là I1; 2;3 

Vectơ pháp tuyến của mặt phẳng   : 3x2y 4z 1 0 là n  4 3; 2; 4 

Theo phương trình đường thẳng, đường thẳng d đi qua điểm P  1; 2;1.

A











 là hình chiếu vuông góc của S trên ABCD Suy ra AC là hình chiếu vuông

góc của SC trên ABCD 

Khi đó, SC ABCD,  SC AC,  SCA

Xét tam giác SAC vuông tại A, tan 2 1  30

3 2 3

AC a

Dựa vào bảng xét dấu f x  ta thấy hàm số đạt cực đại tại điểm x 1 và đạt cực tiểu tại điểm x 1 Vậy hàm số có hai điểm cực trị

Ta có f x  4x324x

 

 

3

0 1; 2

6 1; 2

x

   



  



 1 12,  2 33,  0 1

Trang 9

Vậy      

1;2

max f x f 2 33

1

3

3log a log ab log a log ab a ab a b

2

5x 5x  x x 1 x x 9 x 2x 8 0 2 x 4

C

D

Thiết diện qua trục là hình vuông ABCD

Theo đề bán kính đáy là r 3 nên l BC 2r6

Diện tích xung quanh của hình trụ đã cho là S xq  2 rl 2 3.6 36 

Ta có 3   2 0   2

3

f x    f x  Số nghiệm của phương trình chính là số hoành độ giao điểm của đồ thị

hàm số yf x  và đường thằng 2

3

y  (song song với trục hoành) Từ bảng biến thiên ta thấy phương

trình có 3 nghiệm thực phân biệt

Ta có:

(Do x 1; nên x  1 0 suy ra x1 x 1)

Áp dụng công thức SA e Nr

Dân số Việt Nam năm 2035 là 18.0,81%

93.671.600 108.374.741

Trang 10

GọiOACBD Ta có: 1 3

a

BO BD

Xét tam giác vuông ABO ta có:

2

AO AB  BO  a      AC a

Diện tích hình thoi ABCD là 1 . 1 . 3 2 3

ABCD

a

Thể tích khối lăng trụ ABCD A B C D     là

2

3 3

2

ABCD

a

Tập xác định: D \1;1

Ta có:

2 2

5 4 1 ( 1)(5 1) 5 1

y

Suy ra: lim lim 5 1 5

1

x y

x

   



5 1

1

x y

x

     



5 1 lim lim

1

x y

x

   



5 1 lim lim

1

x y

x

   



 Vậy đồ thị hàm số có 1 tiệm cân đứng là x 1 và 1 tiệm cận ngang là y  5

+ Dựa vào dạng đồ thị ta thấy: a 0

+ Với x 0 ta có: y 0  d 0

Từ hình vẽ ta thấy ,hình phằng được gạch chéo là giới hạn bởi 2 hàm số yx22 và y x 2 2x 2

Trang 11

Từ z2  1 i suy raz2  1 i Do đó z1z2    3 i  1i  2 2i

Vậy phần ảo của số phức z1z2 là 2

Theo bài ta có, z 1 2i2 hay z 1 4i4i2  3 4i

Vậy điểm biểu diễn số phức z 1 2i2 trên mặt phẳng tọa độ là điểm P  3; 4

Từ bài toán ta có a b    1  2 ; 0 2; 3 5    hay a b    1; 2; 8

Do đó a a b  .   1 1 0.2 3.8 23 

Vậy a a b  .   23

Do mặt cầu  S có tâm I0; 0; 3  và đi qua điểm M4; 0; 0 nên bán kính mặt cầu  S là

4 02 0 02 0 32 5

Vậy phương trình mặt cầu  S là 2 2  2

3 25

x y  z 

Đường thẳng  có vectơ chỉ phương a  2; 2;1 Vì mặt phẳng cần tìm vuông góc với  nên nó nhận

2; 2;1

a  làm vectơ pháp tuyến Vậy phương trình mặt phẳng cần tìm là

2 x1 2 y1    z 1 0 2x2y z  3 0

2;2; 4 2 1;1; 2 

Đường thẳng đi qua hai điểm M2;3; 1  và N4;5;3 có một vectơ chỉ phương là u  1;1; 2

Gọi A là biến cố: “ Số được chọn có tổng các chữ số là chẵn ”

Ta có  9.A92 648

Vì số được chọn có tổng các chữ số là chẵn nên có 2 trường hợp:

TH1: Cả 3 chữ số đều chẵn

* Có mặt chữ số 0

Chọn 2 chữ số chẵn còn lại có C , => có 42   2

4 3! 2 C 24 số

* Không có mặt chữ số 0

Trang 12

Chọn 3 chữ số chẵn có C , => có 43 3

4 3!C 24 số.

TH2: Có 2 chữ số lẻ và 1 chữ số chẵn

* Có mặt chữ số 0

Chọn 2 chữ số lẻ có C , => có 52   2

5 3! 2 C 40 số

* Không có mặt chữ số 0

Chọn 2 chữ số lẻ có 2

5

C , chọn 1 chữ số chẵn có 4, => có 2

5 3!4.C 240 số

24 24 40 240 328

A

Vậy   328 41

648 81

C

M

D

S

H

Ta có BCDM là hình bình hành (vì CD song song và bằng BM) nên 1

2

DM BC AB suy ra tam giác

ADB vuông tại D Tương tự tam giác ACB vuông tại C.

Vì DM CB//  DM//SBC  ,   ,    ,   1  ,  

2

Ta có BC AC BC SAC SBC SAC









 , do đó gọi H là hình chiếu vuông góc của A lên SC

thì AH SBC d A BC ,   AH

Trong tam giác vuông SAC ta có 1 2 12 12 12 12 42 3

a AH

AH SA AC  a  a  a  

Vậy  ,  3

4

a

d SB DM 

x

  

1

x



Ta có f  3  3 C4 suy ra f x  x 2 x 1 4

Trang 13

Khi đó 8   8 

197

6

f x x x x  x

Tập xác đinh của hàm số: D\ m

 

2 2

4 m

f x

x m



Để hàm số đồng biến trên    

2

0 0

0

m m

 







Do m nhận giá trị nguyên nên m   1;0 Vậy có 2 giá trị nguyên của m thỏa mãn bài toán.

Mặt phẳng qua đỉnh của hình nón và cắt hình nón theo thiết diện là tam giác đều SAB

Gọi H là trung điểm của AB ta có SH AB và OH AB

Theo đề bài ta có:

2 5

h SO 

1

2

SAB

2

AB

SAB

AB

2

2 3

4

AB

6

SOA

 vuông tại O ta có: SA2 OA2SO2  OA2 SA2 SO2 16

.4 2 5

Giả sử log9xlog6 ylog (24 x y )t Suy ra:

9

t

x y

 







 



Trang 14

1 ( ) 2

t t

t

loai

  



  

 

       



  

  



Ta có : 9 3 1

t t

t

x

y

 

   

Cách 1 :

Xét 3

3

u x  x m trên đoạn 0;3 có  2  

u   x    x 

Khi đó  

     

0;3

max u max 0 , 1 , 3 max m, m 2, m 18 18

min u min 0 , 1 , 3 min m, m 2, m 18 2









Suy ra

18 16

14

2 16

m

m m

   

 



 









Do đó tổng tất cả các phần tử của S bằng 16

Cách 2 :

Xét hàm số g x  x3 3x m x , 0;3 , ta có g x 3x2 3;g x  0 x1

Ta có bảng biến thiên hàm số y g x   :

Từ bảng biến thiên ta suy ra :

Nếu : m 8 thì Max f x0;3    m 18, do đó Max f x0;3   16 m18 16  m2

Nếu : m  8 thì Max f x0;3    2 m, do đó Max f x0;3   16 2 m16 m14

VậyS   14; 2  Tổng các phần tử của S bằng 16

Điều kiện: x 0

1 log2 2  2 log 2 2 0

Định dạng
Số trang	19
Dung lượng	3,17 MB