PHƯƠNG TRÌNH LƯỢNG GIÁC TỔNG HỢP 2

Câu : Giải các phương trình sau:1... Ta thấy hai đầu mút 7... Câu : Giải các phương trình sau:1... So với điều kiện hai nghiệm này đều không thỏa.Vậy phương trình vô nghiệm... Ta thấy cá

Câu : Giải các phương trình sau:

1) 1 2sinx 2sin2x 2cosx cos2x 3 1 cosx 

2sinx.sin2x 2sinx.cos x sinx cosx 6cos2x

1 cot2x

1 cos4x

6) cos2x 3 1 sinx  2cosx 2sin2x 2sinx 1

2cosx 1

7) 2 3sin2x 1 cos2x  4cos2x.sin x 32

02sin2x 1



8) sin x2 (1 cos2x)2 2cos2x

2sin2x



LỜI GIẢI1) 1 2sinx 2sin2x 2cosx cos2x 3 1 cosx   

cos2x 3 1 cosx2sinx 1

�

 2sinx 1  1 2cosx  

cos2x 3 1 cosx2sinx 1

  

�

 � 1 2cosx 2cos x 1 2   3 3cosx

�2cos x2  2 3 cosx  3 0 cosx 3 cosx 1

cos x

LỜI GIẢIĐiều kiện: cosx 0.�

Ý tưởng: Biến đổi VP ta rút gọn được tan x 2

cos x cos x 1cos2x tan x

cos x cos x cos x

2

1cos2x tan x 1 cosx

  �2 1 cosx   1 sin2x 3cos2x 3 0 

3cos2x sin2x 2cosx 0  

3cos2x 1sin2x cosx

Ta thấy hai đầu mút 7

sin2x cos2x 2sin x

= 0, nên nghiệm này bị loại

So với điều kiện nghiệm của phương trình: x k ;x k k Z 

       �

6) cos2x 3 1 sinx  2cosx 2sin2x 2sinx 1 

Phân tích tử số của VP thành nhân tử, sau đó rút gọn

  cos2x 3 1 sinx  2cosx 1 2sinx 2cosx 1  

1 2sin x  3 3sinx 1 2sinx 

Câu : Giải các phương trình sau:

1) 1 cosx sinx 2sin 2x 7

sin3x cosx 2 tan x 2tanx 1

7) sin2x 3cos2x 3sinx cosx 3 1

2sinx 1

8) sinx 1 cotx 2

1 cosx 1 cosx  

9) sin2x cos2x 4 2sin x 4 3cosx

1cosx 1

� � , và quy đồng mẫu được:

� (1 cosx).cosx sin x (sin2x cos2x).sinx  2  

� cosx cos x sin x sin2x.sinx cos2x.sinx 2  2  

Biến đổi cos x sin x2  2  cos2x và sin2x.sinx 2sin x.cosx 2 được:

� cosx cos2x 2sin x.cosx cos2x.sinx  2 

� (cosx 2sin x.cosx) cos2x cos2x.sinx 0 2   

� cosx(1 2sin x) cos2x cos2x.sinx 0 2   

� cosx.cos2x cos2x cos2x.sinx 0  

� cos2x(cosx sinx 1) 0 cos2x 0

.Nghiệm x k  được biểu diễn hai đầu mút là 0 và 

Vậy ta phải bỏ 4 đầu mút 0,



� cosx(4sin x 4sinx 1)2 3(2sinx 1) 2

2 3sin x cosx2sinx 1



� cosx(2sinx 1)2 3(2sinx 1) 2

2 3sin x cosx2sinx 1



� cosx(2sinx 1)  3 2 3sin x cosx 2 

� 2sinxcosx cosx  3(1 2sin 2x) cosx 2 

� sin2x 3cos2x 0 � 1sin2x 3cos2x 0

Điều kiện : 2sinx 1 0 � � sinx 1

(1) � 2sinx.cosx sinx cosx 1   (1')

Đặt t sinx cosx  � sinx.cosx t2 1

2



 Điều kiện t� 2(1') � t2   �1 t 1 t2  t 2 0�t 1 t 2� (loại)

So với điều kiện hai nghiệm này đều không thỏa.

Vậy phương trình vô nghiệm

4) tanx.cos3x 2cos2x 1 3(sin2x cosx)

� tanx.cos3x 2cos2x 1   3(2sinx.cosx cosx)(1 2sinx) 

� sinx.cos3x 2cos2x.cosx cosx   3cosx(2sinx 1)(1 2sinx) 

� sinx.cos3x 2cos2x.cosx cosx   3cos x(1 4sin x)2  2

� sinx.cos3x 2cos2x.cosx cosx   3cos x(4cos x 3)2 2 

� sinx.cos3x 2cos2x.cosx cosx   3cosx(4cos x 3cosx)3 

� sinx.cos3x cos3x cosx cosx    3cosx.cos3x

Ta thấy các đầu mút của hai nghiệm này không trùng nhau

Kết luận nghiệm của phương trình : x k

1cos x



(1) � sin3x cosx 2.sin2x cos2x

� 2cos x sin 2x 2sin 2x

2sinx cosx 1 2sin x   sinx cosx cos2x 0  

sinx cosx 1 cosx sinx     0 sinx cosx 0 

9) sin2x cos2x 4 2sin x 4 3cosx 1  

  �sin2x cos2x 4 sinx cosx    4cosx 1 0 

1) Tìm x�0;2:5 sinx cos3x sin3x cos2x 3

(1) (2 3)cosx 1 cos x 2cosx 1

(1) �(1 sin x)(cosx 1) 2(1 sinx)(sinx cosx) 2    

1 sinx (1 sinx)(cosx 1) 2(sinx cosx)      0

So với điều kiện nghiệm của (1) là x 5 k2 , k 

So với điều kiện nghiệm của phương trình:x k ,x k k z 

4



      � b) 2tanx.cosx 1 2cosx tanx 1     Điều kiện cosx 0 x k , k 

Giải các phương trình sau:

1) cosx cos5x 8sinxsin3x

cos3x cosx 

2) sin4x 3sin2x tan2x 

3) cos5x.cosx cos4x.cos2x 3cos x 1  2 

4) 3 tanx cotx   2 2 sin2x 

5) 1 2sin x 3 2sinx sin2x2 1

2sinxcosx 1

 6) 1 2 cosx sinx 

tanx cot2x cotx 1

9) 2cos x 2sin x 2sin xcosx 2cos xsinx3  3  2  2  2 0

10) sinx sin2x sin3x 3

cosx cos2x cos3x

LỜI GIẢI1) cosx cos5x 8sinxsin3x (1)

cos3x cosx 

Điều kiện:

kx

2) sin4x 3sin2x 2tan2x 1   

Điều kiện:cos2x 0 2x k x k

sin2x 2cos 2x 3cos2x 2  0 sin2x 0

3) cos5x.cosx cos4x.cos2x 3cos x 1 1  2   

 1 1cos4x cos6x 1cos2x cos6x 3.1 cos2x 1

2

cos 2x 2cos2x 3 0   cos2x 3

4) 3 tanx cotx   2 2 sin2x 1   

 1 3 sinx cosx 2 2 sin2x 

sin 2x 2sin2x 3 0   sin2x 1 

2sin x 3 2sinx 2 0   sinx 2

Biểu diễn nghiệm x 3 k2

 Vậy nghiệm này nhân.

Kết luận nghiệm của phương trình x 3 k2 , k 

sinx cos2x cosx 1

cosx sin2x sinx

cos x sin 1 3sin2x

cos2x cos2x cos2x

 1 �2 sin x cos x 3  3 2sinxcosx cosx sinx   2 0

10) sinx sin2x sin3x 3 1 

cosx cos2x cos3x

 1 sin3x sinx sin2x 3 2sin2x.cos3x sin2x 3

cos3x cosx cos2x 2cos2x.cosx cos2x

1 cosx �sin x cos x2  2   sin xcosx sinxcos x2  2 �0

� Giải (1): 1 cosx 0  �cosx 1 �x k2 

� Giải (2): sinx cosx 0 2sin x 0 x k x k , k 

Giải các phương trình sau:

1) 2cos x 1 cos2x 1 cotx

2) 2sinx cos3x sin2x 1 sin4x   

3) cosx tanx 1 tanx.sinx  

5) (tanx 1).sin x cos2x 2 3(cosx sinx).sinx 2    

6) 3tan x tanx3 3(1 sinx)2 8cos2 x 0

4 2cos x

� � 7) 3cot x 2 2sin x (2 3 2)cosx2  2  

8) cosx.cos cosx 3x sinx.sin sinx 3x 1

LỜI GIẢI1) 2cos x 1 cos2x 1 cotx

Điều kiện sinx 0� � x k� 

� cosx sinx  2cos x sinx cosx2

sinx sinx



� sinx cosx 2cos x 1   2    0

� sinx cosx cos2x 0  

� 2sinx cos3x 1 sin4x sin2x    � 2sinx cos3x 1 2cos3x.sinx  

� (2sinx 1) cos3x 2cos3x.sinx 0    � (2sinx 1) cos3x(2sinx 1) 0   

� (2sinx 1)(1 cos3x) 0   � 2sinx 1 hoặc 1 cos3xVới 2sinx 1 sinx 1 x k2

3) cosx tanx 1 tanx.sinx  

Điều kiện cosx 0 x k , k 

� cos x sinx cosx sin x2    2

� cos x sin x sinx cosx 02  2   

� (cosx sinx)(cosx sinx) (cosx sinx) 0    

� (cosx sinx)(cosx sinx 1) 0    �cosx sinx 0  hoặc cosx sinx 1 Với cosx sinx 0  � 2cos x 0

Điều kiện sinx 0�

2

1sin3x cot x 3 7sinx 2sin x

Vậy nghiệm của phương trình: x k2

5) (tanx 1).sin x cos2x 2 3(cosx sinx).sinx 2     (1)

Điều kiện : cosx 0�

Chia hai vế của (1) cho cos x ta được :2

(tanx 1).sin x 2cos x 1 3(cosx sinx).sinx

cos x cos x cos x cos x

� tan x tan x 2 1 tan x 3(1 tanx).tanx3  2    2  

� tan x tan x 3tanx 3 03  2    �tanx 1 hoặc tanx �3

� � Điều kiện : cosx 0 *�  Phương trình :

Với 3 4cos x 02 cos2x 1



�

  �sinx cosx sinxcosx 0   (1)

Đặt t sinx cosx sinxcosx t2 1

7) 3cot x 2 2sin x (2 3 2)cosx2  2  

3cot x 3 2cosx2    2 2sin x 2cosx2  0

�

2

2 2