Đề tuyển sinh vào 10 các tỉnh phía Bắc(Có đ/a)(Moi)

Kẻ tiếp tuyến AB, AC với đờng tròn B, C là các tiếp điểm.. 4/ Đờng thẳng qua O và vuông góc với OA cắt các đờng thẳng AB, AC theo thứ tự tại các điểm M, N... 3.Trường hợp K là trung điểm

Sở GD&ĐT Hà Nội Đề thi tuyển sinh lớp 10

ĐỀ THI CHÍNH THỨC Môn: Toán (Thời gian làm bài: 120 phút)

Năm học: 2010 – 2011 2011

Câu I(2,5đ): Cho biểu thức A = 1 1

x

x  x  x , với x ≥ 0 và x ≠ 4.

1/ Rút gọn biểu thức A.

2/ Tính giá trị của biểu thức A khi x = 25.

3/ Tìm giá trị của x để A = -1/3.

Câu II (2,5đ): Giải bài toán bằng cách lập phơng trình hoặc hệ phơng trình:

Hai tổ sản xuất cùng may một loại áo Nếu tổ thứ nhất may trong 3 ngày, tổ thứ hai may trong 5 ngày thì cả hai tổ may đợc 1310 chiếc áo Biết rằng trong một ngày tổ thứ nhất may đợc nhiều hơn tổ thứ hai là 10 chiếc áo Hỏi mỗi tổ trong một ngày may đợc bao nhiêu chiếc áo?

Câu III (1,0đ):

Cho phơng trình (ẩn x): x2 – 2011 2(m+1)x + m2 +2 = 0

1/ Giải phơng trình đã cho khi m = 1.

2/ Tìm giá trị của m để phơng trình đã cho có nghiệm phân biệt x1, x2 thoả mãn hệ thức

x1 + x2 = 10.

Câu IV(3,5đ):

Cho đờng tròn (O;R) và điểm A nằm bên ngoài đờng tròn Kẻ tiếp tuyến AB, AC với

đờng tròn (B, C là các tiếp điểm)

1/ Chứng minh ABOC là tứ giác nội tiếp.

2/ Gọi E là giao điểm của BC và OA Chứng minh BE vuông góc với OA và OE.OA = R2 3/ Trên cung nhỏ BC của đờng tròn (O;R) lấy điểm K bất kỳ (K khác B và C) Tiếp tuyến tại K của đờng tròn (O;R) cắt AB, AC theo thứ tự tại P, Q Chứng minh tam giác APQ có chu vi không đổi khi K chuyển động trên cung nhỏ BC.

4/ Đờng thẳng qua O và vuông góc với OA cắt các đờng thẳng AB, AC theo thứ tự tại các

điểm M, N Chứng minh PM + QN ≥ MN.

Câu V(0,5đ):

Giải phơng trình: 2 1 2 1 1 3 2

x   x  x  x x  x

Đáp án

Câu I:

C©u II:

C©u III:

C©u V:

SỞ GIÁO DỤC VÀ ĐÀO TẠO HẢI

PHÒNG

KỲ THI TUYỂN SINH LỚP 10 THPT

Năm học 2010 – 2011

MÔN THI : TOÁN

Thời gian làm bài 120 phút ( Không kể thời gian giao đề )

1.Tính giá trị biểu thức M 2 3  2 3 ?

2 Tính giá trị của hàm số 1 2

3



 tại x 3 3.Có đẳng thức x(1 x)  x 1 x khi nào?

4 Viết phương trình đường thẳng đi qua điểm M( 1; 1 ) và song song với đường thẳng y

= 3x.

5 Cho (O; 5cm) và (O’;4cm) cắt nhau tại A, B sao cho AB = 6cm Tính độ dài OO?

ĐỀ THI CHÍNH THỨC

6 Cho biết MA , MB là tiếp tuyến của đường tròn (O), BC là đường kính BCA 70  0 Tính số đo AMB?

7.Cho đường tròn (O ; 2cm),hai điểm A, B thuộc đường tròn sao cho AOB 120  0.Tính

độ dài cung nhỏ AB?

8 Một hình nón có bán kính đường tròn đáy 6cm ,chiều cao 9cm thì thể tích bằng bao nhiêu?

9/ Bài 1 : (2 điểm)

2 Giải phương trình (2 x )(1 x )x 5

3 Tìm m để đường thẳng y = 3x – 6 và đường thẳng y 3x m

2

  cắt nhau tại một điểm trên trục hoành

10/ Bài 2 ( 2 điểm)

Cho phương trình x2 + mx + n = 0 ( 1)

1.Giải phương trình (1) khi m =3 và n = 2

2.Xác định m, n biết phương trình (1) có hai nghiệm x1.x2 thoả mãn 13 23

x x 3

x x 9

 





 



11/ Bài 3 : (3 điểm)

Cho tam giác ABC vuông tại A Một đường tròn (O) đi qua B và C cắt các cạnh AB ,

AC của tam giác ABC lần lượt tại D và E ( BC không là đường kính của đường tròn tâm O).Đường cao AH của tam giác ABC cắt DE tại K

1.Chứng minh ADE ACB  .

2.Chứng minh K là trung điểm của DE.

3.Trường hợp K là trung điểm của AH Chứng minh rằng đường thẳng DE là tiếp tuyến chung ngoài của đường tròn đường kính BH và đường tròn đường kính CH.

Bài 4 :(1điểm)

Cho 361 số tự nhiên a ,a ,a , ,a1 2 3 361 thoả mãn điều kiện

Chứng minh rằng trong 361 số tự nhiên đó, tồn tại ít nhất 2 số bằng nhau.

======Hết======

Gợi ý đ áp án

Bài 2:

H

O

E

D

C

B

A

O2

O 1

K

E

D

C

B

A

2  = m2 – 4n ≥ 0  m2 ≥ n

Theo Viét ta có: 1 2

1 2

x x n

 









Kết hợp với trên ta có:

3 9

x x n

x x

 











 







2

2

3

3 3

9

x x

n m

 





 





 



  



=> 2 3

3

m n

 









Bài 3:

a Ta có tứ giác BDEC nội tiếp

=> BDE ACB  1800

180

BDE ADE  ( hai góc kề bù)

=> ADEACB

b Chứng minh tương tự phần a,

ta có AED ABC

mà HAC ABC ( cùng phụ với góc ACB)

=>HAC AED => AEK cân tại K =>

AK=KE (1)

Chứng minh tương tự ta có

AKD cân tại K => AK = KD (2)

=> KE=KD => K là trung điểm

của DE.

c Vì K là trung điểm của AH và DE nên tứ giác

ADHE là hình bình hành

Mà góc A =900 => ADHE là hình chữ nhật => AK = KH = KD = KE

Ta có O1DK = O1HK

Mà góc O1HK = 900 => góc O1DK = 900

Mặt khác DO1 = BO1 = HO1 (t/c tam giác vuông)

=> DE là tiếp tuyến của (O1)

Tương tự ta cũng chứng minh

được DE là tiếp tuyến của (O2)

=> DE là tiếp tuyến chung của (O1) và (O2)

Bài 5:

Xét B= 1 1 1

1 2  361

= 2 2 2

1 1 2 2  361 361

< 1 2 2 2

= 1+2( 2 1 ) + 2( 3 2)+…+2( 361 360)

= 1+2( 361 1 )=1+2(19-1)=37

=> B<17 (1)

Vì a1, a2, …,a361 là 361 số tự nhiên bất kì

=>A ≤ B (2)

Từ (1) và (2) => A<17

Mà theo đề bài A = 17

=> Luôn tồn tại ít nhất 2 số tự nhiên trùng nhau trong 361 số đã cho.

SỞ GD & ĐT HÀ NỘI KỲ THI TUYỂN SINH VÀO LỚP 10 THPT

Năm học 2010 – 2011MÔN: TOÁN

BÀI I (2,5 điểm)

Cho biểu thức : A = 2 3 9

9

x





  , với x0 v x9.

1) Rút gọn biểu thức A 2) Tìm giá trị của x để A =

3 1

3) Tìm gi trị lớn nhất của biểu thức A.

BÀI II (1.5 điểm)Giải bài toán sau bằng cách lập phương trình:

Một mảnh đất hình chữ nhật có độ dài đường chéo là 13 m và chiều dài lớn hơn chiều rộng 7 m Tính chiều dài và chiều rộng của mảnh đất đó.

BÀI III (2.0 điểm)Cho parabol (P): y = -x2 và đường thẳng (d): y = mx – 1.

1) Chứng minh rằng với mọi gi trị của m thì đường thẳng (d) luôn cắt parabol (P) tại hai điểm phân biệt.

2) Gọi x1, x2 lần lượt là hoành độ các giao điểm của đường thẳng (d) v parabol (P) Tìm giá trị của m để: x12x2 + x22x1 – x1x2 = 3.

BÀI IV (3,5 điểm)Cho đường trịn (O) cĩ đường kính AB = 2R và điểm C thuộc đường trịn

đó (C khác A, B) Lấy điểm D thuộc dây BC (D khác B, C) Tia AD cắt cung nhỏ BC tại điểm E, tia AC cắt tia BE tại điểm F.

1) Chứng minh FCDE l tứ gic nội tiếp 2) Chứng minh DA.DE = DB.DC 3) Chứng minh góc CFD = góc OCB

Gọi I là tâm đường tròn ngoại tiếp tứ giác FCDE, chứng minh IC là tiếp tuyến của đường

trịn (O).

4) Cho biết DF = R, chứng minh tgAFB = 2.

BÀI V ( 0,5 điểm) Giải phương trình: x2 + 4x + 7 = (x + 4) 2

7

x 

-

Hết -ĐÁP ÁN: KỲ THI TUYỂN SINH LỚP 10 THPT HÀ NỘI MÔN: TOÁN

Thời gian làm bài: 120 phút

Bài I: (2,5 điểm) Với x ≥ 0 và x  9 ta có :

9

x





3 2 6 3 9

9

x





9

x x







3( 3) 9

x x







3 3

x





2) A = 1

3

3 3

x



  x  3 9  x 6  x = 36

3

x



 lớn nhất  x 3 nhỏ nhất  x 0  x = 0

Bài II: (2,5 điểm)

Gọi x (m) là chiều rộng của hình chữ nhật (x > 0)

 chiều dài của hình chữ nhật là x + 7 (m)

Vì đường chéo là 13 (m) nên ta có : 2 2 2

13 x (x7)  2x214x49 169 0 

 x2 + 7x – 60 = 0 (1), (1) có  = 49 + 240 = 289 = 172

Do đó (1)  7 17

2

x  (loại) hay 7 17 5

2

x  

Vậy hình chữ nhật có chiều rộng là 5 m và chiều dài là (x + 7) m = 12 m

Bài III: (1,0 điểm)

1) Phương trình hoành độ giao điểm của (P) và (d) là:

-x2 = mx – 1  x2 + mx – 1 = 0 (2), phương trình (2) có a.c = -1 < 0 với mọi m

 (2) có 2 nghiệm phân biệt trái dấu với mọi m  (d) luôn cắt (P) tại 2 điểm phân biệt.

2) x1, x2 là nghiệm của (2) nên ta có :

x1 + x2 = -m và x1x2 = -1

x x x x  x x   x x x1 2( 1x21) 3  1(m1) 3

 m + 1 = 3  m = 2

Bài IV: (3,5 điểm)

1) Tứ giác FCDE có 2 góc đối  o 

FED 90 FCD

nên chúng nội tiếp.

2) Hai tam giác vuông đồng dạng ACD và DEB vì

hai góc CAD CBE  cùng chắn cung CE, nên ta

có tỉ số : DC DE DC.DB DA.DE

DA DB 

3) Gọi I là tâm vòng tròn ngoại tiếp với tứ giác

FCDE, ta có CFD CEA  (cùng chắn cung CD)

Mặt khác CEA CBA  (cùng chắn cung AC)

và vì tam OCB cân tại O, nên CFD OCB  .

Ta có : ICD IDC HDB  

OCD OBD và   0

HDB OBD 90 

OCD DCI 90  nên IC là tiếp tuyến với đường tròn tâm O

Tương tự IE là tiếp tuyến với đường tròn tâm O.

I

F

E C

O

D

4) Ta cú 2 tam giỏc vuụng đồng dạng ICO và FEA vỡ cú 2 gúc nhọn CAE 1COE COI 

2

(do tớnh chất gúc nội tiếp)

Mà tgCIO COIC RR 2

2

    tgAFB tgCIO 2    .

Bài V: (0,5 điểm)

Giải phương trỡnh : x24x 7 (x4) x27

Đặt t = x 2 7 , phương trỡnh đó cho thành : t24x(x4)t

 t2 (x4)t4x0  (t x t )(  4) 0  t = x hay t = 4,

Do đú phương trỡnh đó cho  x27 4 hay x27x

 x2 + 7 = 16 hay

7

x

  







  x2 = 9  x = 3

Cỏch khỏc :

7 4( 4) 16 ( 4) 7 0

x   x   x x  

 (x4)(4 x27) ( x2 7 4)( x2 7 4) 0

x    hay  x  x   

 x27 4 hay x27 x  x2 = 9  x = 3

SỞ GIÁO DỤC VÀ ĐÀO TẠO

QUẢNG NINH

- -KỲ THI TUYỂN SINH LỚP 10 THPT

NĂM HỌC 2010 - 2011

ĐỀ THI CHÍNH THỨC MễN : TOÁN

Thời gian làm bài : 120 phút

(không kể thời gian giao đề)

Chữ ký GT 1 : Chữ ký GT 2 :

(Đề thi này có 01 trang)

Bài 1 (2,0 điểm) Rút gọn các biểu thức sau :

a) 2 3 3 27  300

b) 1 1 1

:



Bài 2 (1,5 điểm)

a) Giải phơng trình: x2 + 3x – 2011 4 = 0

b) Giải hệ phơng trình: 3x – 2011 2y = 4

2x + y = 5

Điểm

Bài 3 (1,5 điểm)

Cho hàm số : y = (2m – 2011 1)x + m + 1 với m là tham số và m # 1

2 Hãy xác định m trong mỗi tr-ờng hơp sau :

a) Đồ thị hàm số đi qua điểm M ( -1;1 )

b) Đồ thị hàm số cắt trục tung, trục hoành lần lợt tại A , B sao cho tam giác OAB cân

Bài 4 (2,0 điểm): Giải bài toán sau bằng cách lập phơng trình hoặc hệ phơng trình:

Một ca nô chuyển động xuôi dòng từ bến A đến bến B sau đó chuyển động ngợc dòng từ B

về A hết tổng thời gian là 5 giờ Biết quãng đờng sông từ A đến B dài 60 Km và vận tốc dòng nớc

là 5 Km/h Tính vận tốc thực của ca nô (( Vận tốc của ca nô khi nớc đứng yên )

Bài 5 (3,0 điểm)

Cho điểm M nằm ngoài đờng tròn (O;R) Từ M kẻ hai tiếp tuyến MA , MB đến đờng tròn (O;R) ( A; B là hai tiếp điểm)

a) Chứng minh MAOB là tứ giác nội tiếp

b) Tính diện tích tam giác AMB nếu cho OM = 5cm và R = 3 cm

c) Kẻ tia Mx nằm trong góc AMO cắt đờng tròn (O;R) tại hai điểm C và D ( C nằm giữa M

và D ) Gọi E là giao điểm của AB và OM Chứng minh rằng EA là tia phân giác của góc CED

Hết

-(Cán bộ coi thi không giải thích gì thêm)

Họ và tên thí sinh: ……… Số báo danh: ………

Đáp án

Bài 1:

a) A = 3 b) B = 1 + x

Bài 2 :

a) x1 = 1 ; x2 = -4

b) 3x – 2011 2y = 4

2x + y = 5

<=> 3x – 2011 2y = 4 7x = 14 x = 2

<=> <=>

4x + 2y = 5 2x + y = 5 y = 1

Bài 3 :

a) Vì đồ thị hàm số đi qua điểm M(-1;1) => Tọa độ điểm M phải thỏa mãn hàm số :

y = (2m – 2011 1)x + m + 1 (1)

Thay x = -1 ; y = 1 vào (1) ta có: 1 = -(2m -1 ) + m + 1

<=> 1 = 1 – 2011 2m + m + 1

<=> 1 = 2 – 2011 m

<=> m = 1

Vậy với m = 1 Thì ĐT HS : y = (2m – 2011 1)x + m + 1 đi qua điểm M ( -1; 1)

c) ĐTHS cắt trục tung tại A => x = 0 ; y = m+1 => A ( 0 ; m+1) => OA = m 1

cắt truc hoành tại B => y = 0 ; x = 1

2 1

m m

 

 => B ( 1

2 1

m m

 

 ; 0 ) => OB = 1

2 1

m m

 

 Tam giác OAB cân => OA = OB

<=> m 1 = 1

2 1

m m

 

 Giải PT ta có : m = 0 ; m = -1

Bài 4: Gọi vận tốc thực của ca nô là x ( km/h) ( x>5)

Vận tốc xuôi dòng của ca nô là x + 5 (km/h)

Vận tốc ngợc dòng của ca nô là x - 5 (km/h)

Thời gian ca nô đi xuôi dòng là : 60

5

x  ( giờ)

Thời gian ca nô đi xuôi dòng là : 60

5

x  ( giờ)

Theo bài ra ta có PT: 60

5

x  +

60 5

x  = 5

<=> 60(x-5) +60(x+5) = 5(x2 – 2011 25)

<=> 5 x2 – 2011 120 x – 2011 125 = 0

 x1 = -1 ( không TMĐK)

 x2 = 25 ( TMĐK)

Vậy vân tốc thực của ca nô là 25 km/h

Bài 5:

D C

E O M

A

B

a) Ta có: MA  AO ; MB  BO ( T/C tiếp tuyến cắt nhau)

=>   0

90

MAO MBO 

Tứ giác MAOB có : MAO MBO  900 + 900 = 1800 => Tứ giác MAOB nội tiếp đờng tròn

b) áp dụng ĐL Pi ta go vào  MAO vuông tại A có: MO2 = MA2 + AO2

 MA2 = MO2 – 2011 AO2

 MA2 = 52 – 2011 32 = 16 => MA = 4 ( cm)

Vì MA;MB là 2 tiếp tuyến cắt nhau => MA = MB => MAB cân tại A

MO là phân giác ( T/C tiếp tuyến) = > MO là đờng trung trực => MO AB

Xét AMO vuông tại A có MO AB ta có:

AO2 = MO EO ( HTL trongvuông) => EO =

2

AO

MO =

9

5(cm) => ME = 5 - 9

5 =

16

5 (cm)

áp dụng ĐL Pi ta go vào tam giác AEO vuông tại E ta có:AO2 = AE2 +EO2

 AE2 = AO2 – 2011 EO2 = 9 - 81

25 =

144

25 =

12 5

5 ( cm) => AB = 2AE (vì AE = BE do MO là đờng trung trực của AB)

 AB = 24

5 (cm) => SMAB =

1

2ME AB =

1 16 24

2 5 5 =

192

25 (cm

2) c) Xét AMO vuông tại A có MO AB áp dụng hệ thức lợng vào tam giác vuông AMO ta có: MA2 = ME MO (1)

mà : ADC MAC =1

2Sđ AC ( góc nội tiếp và góc tạo bởi tiếp tuyến và dây cung cùng chắn 1 cung)

MAC  DAM (g.g) => MA MD

MC MA => MA

2 = MC MD (2)

Tõ (1) vµ (2) => MC MD = ME MO => MD ME

MOMC

MCE  MDO ( c.g.c) ( M chung; MD ME

MO MC ) => MEC MDO  ( 2 gãc tøng) ( 3)

T¬ng tù: OAE OMA (g.g) => OA

OE=

OM OA

=> OA

OE=

OM

OA =

OE OD ( OD = OA = R)

Ta cã: DOE  MOD ( c.g.c) ( O chong ; OD OM

OE OD ) => OED ODM  ( 2 gãc t øng) (4)

Tõ (3) (4) => OED MEC  mµ : AEC MEC =900

AED OED =900

=> AECAED => EA lµ ph©n gi¸c cña DEC

SỞ GIÁO DỤC - ĐÀO TẠO

THÁI BÌNH KỲ THI TUYỂN SINH LỚP 10 TRUNG HỌC PHỔ THÔNG

Năm học 2010-2011

Môn thi: TOÁN

Thời gian làm bài: 120 phút (không kể thời gian giao đề) Bài 1 (2,0 điểm)

1 Rút gọn các biểu thức sau: a) 3 13 6

2 3 4  3 3

b) x y y x x y



 với x > 0 ; y > 0 ; x  y

2 Giải phương trình: x 4 3

x 2

Bài 2 (2,0 điểm)

Cho hệ phương trình: m 1 x y 2

mx y m 1





  

 (m là tham số)

1 Giải hệ phương trình khi m 2 ;

2 Chứng minh rằng với mọi giá trị của m thì hệ phương trình luôn có nghiệm duy nhất (x ; y ) thoả mãn: 2 x + y  3

Bài 3 (2,0 điểm)

Trong mặt phẳng tọa độ Oxy, cho đường thẳng (d): yk 1 x 4   (k là tham số) và parabol (P):

2

y x

1 Khi k2, hãy tìm toạ độ giao điểm của đường thẳng (d) và parabol (P);

ĐỀ CHÍNH THỨC

2 Chứng minh rằng với bất kỳ giá trị nào của k thì đường thẳng (d) luôn cắt parabol (P) tại hai điểm phân biệt;

3 Gọi y1; y2 là tung độ các giao điểm của đường thẳng (d) và parabol (P) Tìm k sao cho:

y y y y

Bài 4 (3,5 điểm)

Cho hình vuông ABCD, điểm M thuộc cạnh BC (M khác B, C) Qua B kẻ đường thẳng vuông góc với DM, đường thẳng này cắt các đường thẳng DM và DC theo thứ tự tại H và K

1 Chứng minh: Các tứ giác ABHD, BHCD nội tiếp đường tròn;

2 Tính CHK ;

3 Chứng minh KH.KB = KC.KD;

4 Đường thẳng AM cắt đường thẳng DC tại N Chứng minh 12 1 2 1 2

AD AM AN

Bài 5 (0,5 điểm)

Giải phương trình: 1 1 3 1 1

HẾT

-Họ và tên thí sinh: Số báo danh:

Giám thị 1: Giám thị 2:

Bài 1 (2,0 điểm)

1 Rút gọn các biểu thức sau: a) 3 13 6

2 3 4  3 3

b) x y y x x y



 với x > 0 ; y > 0 ; x  y

2 Giải phương trình: x 4 3

x 2

1.

(1,5đ) a)

2 3 4  3 3

= 3 2 3 13 4 3

2 3

0,25

b) x y y x x y



 với x > 0 ; y > 0 ; x  y

= xy x y  x y  x y



2.

(0,5đ)

4

x 2

 ĐK: x  2 Quy đồng khử mẫu ta được phương trình:

x2 + 2x + 4 = 3(x + 2)

 x2  x  2 = 0

0,25

Do a  b + c = 1 + 1  2 = 0 nên phương trình có 2 nghiệm:

x = 1; x = 2 (thoả mãn)

Kết luận: Phương trình có 2 nghiệm x = 1; x = 2 0,25

Bài 2 (2,0 điểm)

Cho hệ phương trình: m 1 x y 2

mx y m 1





  

 (m là tham số)

1 Giải hệ phương trình khi m 2 ;

2 Chứng minh rằng với mọi giá trị của m thì hệ phương trình luôn có nghiệm duy nhất (x ; y ) thoả mãn: 2 x + y  3

1.

(1,0đ) Khi m = 2 ta có hệ phương trình:

x y 2 2x y 3

 





 

x y 2







 

y 1







