Đề thi đề xuất kì thi học sinh giỏi các trường chuyên khu vực duyên hải và đồng bằng bắc bộ năm 2015 môn Toán khối 11 của trường chuyên HOÀNG VĂN THỤ HÒA BÌNH

Cho 2n điểm trên phân biệt trên một đường tròn được gán giá trị bởi các số 1,2,..,2n 2 điểm khác nhau được gán giá trị khác nhau theo một cách nào đó.. Mỗi dây cung được nối 2 điểm trong

HỘI CÁC TRƯỜNG CHUYÊN VÙNG DUYÊN HẢI VÀ ĐỒNG BẰNG BẮC BỘ

TRƯỜNG THPT CHUYÊN HOÀNG VĂN THỤ

TỈNH HÒA BÌNH

ĐỀ THI ĐỀ XUẤT

ĐỀ THI MÔN TOÁN - KHỐI 11

NĂM 2015

Câu 1 (4điểm) Cho a b c, , là các số dương thỏa mãn 1 1 1 a b c

a b c    

Chứng minh rằng

16

2a b c   a 2b c  a b  2c 

Câu 2 (4điểm) Cho dãy số  x n không âm thỏa mãn x 1 0, và

 2 2     1 2 2 2 2

Chứng minh rằng x n là số nguyên với mọi n nguyên tố lớn hơn hoặc bằng 5

Câu 3 (4 điểm) Cho  O và hai đường tròn O1 , O2 tiếp xúc ngoài với nhau và tiếp xúc trong với  O Gọi I là tiếp điểm của O1 và O2; M M1 , 2 là tiếp điểm của  O với O1 , O2 Tiếp tuyến chung tại I của O1 , O2 cắt  O tại A AM1

cắt O1 tại N1 ; AM2 cắt O2 tại N2

a) Chứng minh rằng OAN N1 2

b) N N1 2 cắt  O ở B C, ;AI cắt  O tại A' Chứng minh rằng I là tâm đường tròn nội tiếp của tam giác A BC'

c) Chứng minh rằng N N O O M M1 2 , 1 2 , 1 2 đồng quy

Câu 4 (4 điểm) Cho P x( ) là đa thức có bậc n 1 với hệ số nguyên Chứng minh rằng có tối đa n số nguyên t sao cho P P t    t.

Câu 5 (4 điểm) Cho n là số nguyên dương Cho 2n điểm trên phân biệt trên một

đường tròn được gán giá trị bởi các số 1,2, ,2n (2 điểm khác nhau được gán giá trị khác nhau) theo một cách nào đó Mỗi dây cung được nối 2 điểm trong các điểm trên và được gán giá trị bằng độ chênh lệch dương giữa 2 đầu mút Chứng minh rằng ta có thể chọn được n dây cung đôi một không cắt nhau sao cho tổng giá trị của các dây cung bằng n2

-

Hết -ĐÁP ÁN ĐỀ THI

Câu1

(4điểm)

Ta có

(1).

4

2a b c   a b a c    a b a c 

0,5đ

Tương tự

2 4

a b c  b a b c     

(3).

4

a b  c  c a c b     

0,5đ

Cộng (1), (2), (3) theo vế ta có

     

2

a b c VT

a b b c c a

 



Ta cần chứng minh VT 2 a b c     163

a b b c c a

 

Trước hết ta chứng minh hai bất đẳng thức sau:

0,5đ

+ Mọi số dương a,b,c: 9a b b c c a         8a b c ab bc ca      

0,5đ

Thật vậy bất đẳng thức trên tương đương với

a b ab a c ac b c bc  abc (Đúng)

0,5đ

+ Mọi số dương a,b,c thỏa mãn điều kiện trên ta luôn có:

3

ab bc ca  

0,5đ

Từ giả thiết: 1 1 1

Và từ bất đẳng thức quen thuộc

0,5đ

 

2

3 3.

ab bc ca

a b c VT

 

Dấu đẳng thức xảy ra khi a=b=c=1

0,5đ

Câu 2

(4 điểm)

Viết lại đẳng thức trong đầu bài về dạng

1



Từ xn không âm dẫn đến   1

1



     , với mọi n

1đ

1



1đ dẫn đến

n

x

Áp dụng định lý Fecmat nhỏ suy ra điều phải chứng minh

1đ

Câu 3

(4 điểm)

Câu 3

(4 điểm)

H

I

D

K

C

B

N2 N1

A'

A

O O1

O2

M1

M2

a) A thuộc trục đẳng phương của O1 và O2 nên

1 1 2 2

AN AM AN AM suy ra N N M M1 2 2 1 là tứ giác nội tiếp dẫn đến

2

1

2

2

S đ BM S đ AC S đ BM đ AB

S



-b) Gọi H K, là giao điểm của AO với BC O,( )

Tam giác ABK vuông tại B có BH là đường cao AB2 AH AK.



1 90o 1 1

AM K   HN M K là tứ giác nội tiếp

 1 

-Suy ra A là tâm đường tròn ngoại tiếp tam giác BIC

Dẫn đến  1 1 ' 1 '

IBC IAC A AC A BC

Suy ra BI là phân giác của  'A BC

Rõ ràng A I' là phân giác của BA C ' (do AB AC  )

Vì thế I là tâm đường tròn nội tiếp tam giác A BC'

1,0

-1,0 -

1,0

-c)Giả sử O O1 2 cắt N N1 2 tại D , gọi R R R, , 1 2 là bán kính của  O ,

O1 , O2

Rõ ràng D là tâm vị tự ngoài của O1 và O2 1 1

2 2

có 2 2 2

1 1 1

M O R

Suy ra 1 2 2 1

Dẫn đến D M M, 1 , 2 thẳng hàng (Menelauyt đảo)

Vậy N N O O M M1 2 , 1 2 , 1 2 đồng quy

-

1,0

Câu 4

(4 điểm)

+TH1 :Nếu mọi số nguyên t thỏa mãn P P t    t đêu thỏa mãn

( )

P t t mà P t( ) t có tối đa n nghiệm nguyên dương nên bài

toán được chứng minh

-+TH2 :Nếu tồn tại số nguyên t1 mà P P t  1  t1 nhưng

 1 2 ,(1 2)

P t t t t thì P t 2 t P t1;  1 t2

Vì degP n  1 nên nếu chỉ có t1 thỏa mãn P P t    t thì bài toán

được chứng minh

-Giả sử có t3 sao cho P P t  3  t t3 ( 1 t3 ), đặt :

 3 4  4 3

P t t  P t t

Ta có t1  t3 là ước của P t 1  P t 3  t2 t4

Tương tự t2  t4 là ước của P t 2  P t 4  t1 t3

Suy ra t1 t3 t2 t4

Nếu t1  t3  t2 t4  t1  t2  t3 t4 u, chứng minh tương tự ta thu

được

0,5

-0,5

  1 4 2 3 1 3 1 3

1 3

0

t t



điều này vô lí

-Do đó t1  t3  t4 t2  t1 P t 1  t3 P t 3 c.

Khi đó các nghiệm thoản mãn P P t    t đều thỏa mãn

 

P P t  t c Mà P P t    t c là phương trình bậc n nên

 

P P t t có tối đa n nghiệm nguyên

KL

1,5

1,5

Câu 5

(4 điểm)

Bổ đề:Trên một được tròn có 2n điểm phân biệt Người ta tô màu

2n điểm này bằng 1 trong 2 màu màu xanh đỏ sao cho có đúng n điểm được tô màu xanh và đúng n điểm được tô màu đỏ 2 điểm khác màu nhau bất kì được nối bởi 1 dây cung Khi đó với mỗi cách tô màu luôn tồn tại n dây cung mà không có 2 dây cung nào cắt nhau

Chứng minh: Ta sẽ chứng minh bổ đề trên bằng quy nạp

Dễ thấy bổ đề đúng với n=1

Giả sử bổ đề đúng với mọi n=m

Xét n=m+1:

Do các điểm chỉ được tô bởi 1 trong 2 màu nên phải tồn tại 2 điểm kề nhau mà chúng được tô khác màu Ta chọn dây cung có 2 đầu mút là 2 điểm này

Theo giả thiết quy nạp tồn tại cách chọn m cung trong số các dây cung có đầu mút là các điểm trong 2m điểm còn lại mà không có

2 dây cung nào cắt nhau Rõ ràng không có dây cung nào trong m dây cung này cắt dây cung vừa chọn phía trên

Như vậy tồn tại cách chọn m+1 dây cung mà không có 2 dây cung nào cắt nhau, Bổ đề được chứng minh

-Trở lại bài toán:

2,0

Ta tô các điểm có giá trị là 1,2,…,n bằng màu đỏ, các điểm n+1,

…,2n bằng màu xanh Khi đó theo bổ đề tồn tại cách chọn n dây cung mà mỗi dây cung có 2 đầu mút được tô bởi 2 màu khác nhau

và chúng đôi một không cắt nhau Tổng giá trị của các dây cung

sẽ bằng:

(ĐPCM) 2,0