Phần nào thí sinh làm bài theo cách khác đúng vẫn cho điểm tối đa phần đó.. Không viết công thức mà viết trực tiếp bằng số các đại lượng, nếu đúng vẫn cho điểm tối đa.. Thay số đúng nhưn
Trang 1SỞ GIAÓ DỤC VÀ ĐÀO TẠO
QUẢNG BÌNH KÌ THI CHỌN ĐỘI TUYỂN DỰ THI HỌC SINH GIỎI QUỐC GIA LỚP 12 THPT NĂM HỌC 2011 – 2012
Môn: VẬT LÍ - Vòng 1 HƯỚNG DẪN CHẤM ĐỀ CHÍNH THỨC
1(4đ)
1.1
(2,5đ)
Thế năng cực đại
Khi va chạm thành phần vận tốc theo Oy không đổi v1y = v1sin
Còn thành phần vận tốc trên Ox giảm dần từ v1x = v1cos ………
Khi hai quả cầu có cùng vận tốc theo phương Ox là v/
x thì thế năng đàn hồi đạt cực đại………
Áp dụng định luật bảo toàn động lượng trên Ox ta có m1v1x = (m1 + m2)v/x 1
2(m1 + m2)v
/2
x = 1 2
m21
m1 + m 2
v21x ………
Thế năng cực đại bằng độ giảm động năng của hệ Wtmax = 1
2m1v
2 1x - 1
2(m1 + m2)v
/2
x = 1
2m1v
2 1x - 1 2
m21
m1 + m 2
v1x = 2 1 2
m1m 2
m1 + m 2
v21x ………
Hay Wtmax = 1
2
m1m 2
m1 + m 2
v21cos2 ………
0,5
0,5 0,25
0,5
0,5
0,25
1.2
(1,5đ)
Vận tốc quả cầu m 1 sau va chạm
Sau va chạm vận tốc theo phương Oy không đổi v/ 1y = v1y = v1sin
và hai quả cầu có cùng vận tốc theo phương Ox là v/
1x = v/2x = v/x,………
áp dụng định luật bảo toàn động lượng trên Ox ta có m1v1x = (m1 + m2)v/x v /
1x = v/x = m1
m1 + m 2
v1x = m1
m1 + m 2
v1cos ………
Vận tốc quả cầu m1 sau va chạm
v/1 = v/21x + v/21y= m1 + mm1 2
v1cos 2
+ (v1sin)2
= v1 m1 + mm1 2
2 cos2 + sin 2
0,5
0,5
0,5
2(6đ)
2.1
(2đ)
+ Quá trình 1-2: Đẳng tích V = 2 (l), 1 (atm) ≤ p ≤ 9 (atm) ………
+ Quá trình 2-3: Đẳng dung pVn
= hằng số C23 = Cv + R
1 - n R
2 =
3R
2 +
R
1 - n hay n = 2 Vậy pV2
= hằng số, và tại điểm 2 có p = p2 = 9 atm đồng thời V = V2 = 2 l
pV2
+ Quá trình 3-1 là một phần parabol qua gốc tọa độ p = aV2 Tại điểm 3 ta có p = p1 = 1 atm và V = V1 = 2 l
a = 0,25 (atm/l2
) hay p = 0,25V2 (p tính bằng atm, V tính bằng l)………
Tại điểm 1 thì p và V cùng thỏa mãn cả hai phương trình
pV2 = 36 và p = 0,25V2
p = p3 = 3 atm và V = V3 = 2 3 l 3,46 l ………
0,5
0,5
0,5
0,5
2.2
(2đ)
Quá trình 2-3
pV2 = 36 hay pV = 36
V T = 36
RV với R tính theo các đơn vị atm và l của p và V…
Và p = 36
0,5
v1
v1y
v1x y
x
Trang 2Ta khảo sát giá trị nhiệt lượng Q trong một yếu tố quá trình trong quá trình này
Q = dU + A’………
Trong đó độ biến thiên nội năng của khối khí
dU = CVdT = 3R
2 RV-362dV =
-54
V2dV Công mà khối khí sinh ra
A’ = pdV = 36
Q = -18
V2dV
Do trong quá trình này thể tích luôn tăng nên dV > 0 hay Q < 0, khối khí tỏa nhiệt lượng………
0,5
0,5
0,5
2.3
(2đ)
Hiệu suất chu trình
= A
V
36 ( dV ) V 25 , 0 V
36 (
3 2
2
2 2
V
V
2 2
3
2
l
Nhiệt lượng thu vào
Q = Q12 = U12 = CV(T2 – T1) (1-2 đẳng tích nên A12 = 0) T2 = RV236 và T1 = p1p2T2 = RV24
Q = 3R
2 RV236 -
4 RV2 =
48
2 atm.l = 24 atm.l ………
= 4,81
0,5 0,5
0,5 0,5
3(5đ)
3.1
(2đ)
Khi k1 chưa ngắt, dòng điện không đổi qua cuộn dây có cường độ I0 = E
r
………
và năng lượng từ trường trong cuộn dây khi đó W = 1
2LI0
2 = 1
2LE
r
2
……… Sau khi ngắt k1, mạch dao động gồm cuộn dây L và bộ tụ điện Cb = 2C,
năng lượng W chính là năng lượng điện từ trong quá trình dao động của mạch
W = 1
2LE
r
2
= 1
2CbU0
Theo bài ra thì U0 = E Cb = L
r2 =
10-4
4 = 0,25.10
-4 F = 25 F Suy ra điện dung mỗi tụ điện C = 12,5 F………
Điện tích cực đại của mỗi tụ điện Q01 = CU0 = 50 C………
0,25 0,25
0,5
0,5 0,5
3.2
(1đ)
Khi năng lượng từ bằng năng lượng điện thì năng lượng trên mỗi tụ điện bằng 1
4W…
Sau khi ngắt k2 thì mạch dao động gồm L và một tụ C, với năng lượng điện từ W’ = 3
0,25
0,25 0,5
E, r
A1
L
k1
k2
A2
Hình cho câu 3
Trang 32CU'0
2
= 3 4
1
22CU0
2 U’0 = 3
3.3
(2đ)
Ngay sau khi ngắt k1 thì bản A1 tích điện dương q1 = CE = 50 C……… Còn bản A2 thì có thể xảy raai trường hợp:
+ Bản A2 tích điện dương q2 = CU0’ = 12,5 1,5 C………
Áp dụng định luật bảo toàn điện tích ta tính được điện tích cực đại trên mỗi tụ sau đó Q01’’ = Q02’’ = q1 + q2
Mạch dao động bây giờ gồm L và Cb với năng lượng điện từ
A 25 , 1 Q LC
2 I
LI 2
1 C
Q 2
1
01 ''
0 2 '' 0
2 ''
+ Bản A2 tích điện âm q2 = - CU0’ = -12,5 1,5 C Q01’’ = Q02’’ = q1 + q22 = 17,3 C………
A 692 , 0 Q LC
2
01 ''
0,25 0,25 0,25
0,5
0,25 0,5
4(5đ)
4.1
(2đ)
Xét một điểm trên màn E có tọa độ x, hiệu quang trình
= d1’ + d1 – d2’ – d2 = d1’ – d2’ + d1 – d2 ax'
D' +
ax
Vân trung tâm ứng với = 0 x = -D
D'x' (Dấu “-” cho biết vân trung tâm ở bên kia trung trực của S1S2 so với S)………
Vân trung tâm cách tâm O một khoảng x = D
Vân sáng bậc nhất tại O tức là xs1 = 1D
a = 1 mm 1 = 0,5 m………
0,5
0,5 0,5 0,5
4.2
(1,75)
Giả sử tại O có các vân sáng bậc k0 của bức xạ 0, k1 của bức xạ 1 và k2 của bức xạ
2 Khi đó ta có
x = k00D
a = k1
1D
a = k2
2D
Gán cho k0 các giá trị từ 1 đến 15 thì thỏa mãn (khi đó k1 = 12 và k2 = 10)…………
Lúc đó khoảng cách nhỏ nhất giữa vân trung tâm và O là xmin = 15.0,4.2
Khoảng cách lớn nhất giữa S và mặt phẳng chứa các khe
cm 3 , 8 D x
' x D
min
'
0,5 0,25
0,5
0,5
4.3
(1,25)
Từ hệ thức x = -D
D'x' ta thấy khi dịch chuyển S về phía mặt phẳng chứa các khe thì D’ giảm, độ lớn x tăng, tức là hệ thống vân dịch chuyển ra xa O……… Ban đầu tại O là vân sáng bậc nhất, sau khi dịch chuyển thì tại O là vân sáng bậc n…
Ta có xsn = D D''x' = n
1D
a n = 1D’’ax’ = 1.0,5
0,5.0,35 = 2,8
Có 3 vân sáng xuất hiện ở O (vân thứ 3 chưa đi qua hết)………
0,5 0,25
0,5
* Ghi chú:
1 Phần nào thí sinh làm bài theo cách khác đúng vẫn cho điểm tối đa phần đó
2 Không viết công thức mà viết trực tiếp bằng số các đại lượng, nếu đúng vẫn cho điểm tối đa
3 Ghi công thức đúng mà:
3.1 Thay số đúng nhưng tính toán sai thì cho nửa số điểm của câu
3.3 Thay số từ kết quả sai của ý trước dẫn đến sai thì cho nửa số điểm của ý đó
4 Nếu sai hoặc thiếu đơn vị 3 lần trở lên thì trừ 1,0 điểm
5 Điểm toàn bài làm tròn đến 0,25 điểm
