ĐỀ THI THỬ ĐẠI HỌC MÔN TOÁN KHÔI A NĂM 2011 TRƯỜNG THPT CHUYÊN VĨNH PHÚC potx

Tính thể tích hình chóp S.ABCD; biết rằng khoảng cách giữa hai đường thẳng SB và AC bằng 7 a , mặt phẳng SBC tạo với mặt phẳng đáy một góc 0 30.. Tìm tọa độ các đỉnh B, C của tam giác đã

SỞ GIÁO DỤC VÀ ĐÀO TẠO VĨNH PHÚC

TRƯỜNG THPT CHUYÊN

ĐỀ THÌ THỬ ĐẠI HỌC NĂM 2011

MÔN: TOÁN; KHỐI A

Thời gian làm bài 180 phút

(Tuần 2, tháng 3 – 2011, trên www99.cvp.vn ) Đáp án đề thi sẽ đăng ở tuần 3, tháng 3

PHẦN CHUNG CHO TẤT CẢ THÍ SINH (7,0 điểm)

Câu I (2 điểm)

Cho hàm số 1

2

x y x

 





1 Khảo sát sự biến thiên và vẽ đồ thị  C của hàm số đã cho

2 Tìm trên đồ thị  C hai điểm A và B sao cho AB  8; tiếp tuyến của đồ thị  C

tại A và B song song với nhau

Câu II (2,0 điểm)

1 Giải phương trình 3 sin 2x cos 2x 3 3 sinx 3 cosx 4  0

4 2 2 2

3 2

,

8 0

x y

x x y x y











Câu III (1 điểm)

Tính tích phân 1 2  2 

4 3

1 5 2

1

I











Câu IV (1 điểm)

Cho hình chóp S.ABCD có đáy ABCD là hình thoi cạnh a Các mặt phẳng (SAC) và (SBD) cùng vuông góc với mặt phẳng đáy (ABCD) Tính thể tích hình chóp S.ABCD; biết rằng khoảng cách giữa hai đường thẳng SB và AC bằng

7

a

, mặt phẳng (SBC) tạo với mặt phẳng đáy một góc 0

30

Câu V (1 điểm)

Cho các số dương x y z, , thỏa mãn điều kiện xyzxy z 3 Chứng minh rằng

4

PHẦN RIÊNG (3 điểm): Thí sinh chỉ được làm một trong hai phần (phần A hoặc B)

A Theo chương trình Chuẩn

Câu VIa (2 điểm)

1 Trong mặt phẳng với hệ trục tọa độ Oxy; cho tam giác ABC có đỉnh A2; 6, chân đường phân giác trong kẻ từ đỉnh A là điểm 2; 3

2

D  

  và tâm đường tròn ngoại tiếp tam giác ABC là điểm 1;1

2

I 

  Tìm tọa độ các đỉnh B, C của tam giác đã cho

2 Trong không gian với hệ trục tọa độ Oxyz, cho các mặt cầu

S x  y z  S x  y z  Hãy viết phương trình mặt phẳng (P) đi qua điểm M  2; 0;1, cắt (S) theo một đường tròn có bán kính bằng 3 và tiếp xúc với mặt cầu (S’)

Câu VII.a (1 điểm)

Tìm tất cả các số phức z sao cho z 2  2 và z  z 1 đạt giá trị nhỏ nhất

B Theo chương trình nâng cao

Câu VI.b (2 điểm)

1 Trong mặt phẳng với hệ trục tọa độ Oxy, cho tam giác ABC có các điểm

18 6

; ; 3; 0 ; 2; 2

5 5

D  E F

  lần lượt là chân đường cao hạ từ các đỉnh A, B, C của tam giác ABC Viết phương trình các cạnh của tam giác ABC

2 Trong mặt phẳng với hệ trục tọa độ Oxyz và điểm I1;1;1 Viết phương trình mặt phẳng (P) cắt các trục tọa độ Ox, Oy, Oz lần lượt tại các điểm A, B, C sao cho tam giác ABC nhận điểm I làm tâm đường tròn ngoại tiếp

Câu VII.b (1 điểm)

Cho các số phức x y z, , thỏa mãn x  y  z  1 Hãy so sánh hai số x yz và

xy yzzx

HƯỚNG DẪN GIẢI Câu I.2 Giả sử hai điểm cần tìm là ; 1 , ; 1

    theo giả thiết ta có hệ

2 2

2

4

1 8

  





 

4

4 1

4

a b

a b

ab

  



  







Từ tìm được A, B

Câu II.1 Phương trình đưa về dạng

6

  phương trình đưa về dạng

2

sin 2 3 sin 2 0 cos 2 3sin 2 0 2 sin 3sin 1 0

2

sin 1

1

sin

2

t

t



 







  



Từ đó tìm được nghiệm của pt

Câu II.2

+) Nếu y  0 x 0 thỏa mãn hệ

+) Nếu y 0 thì hệ viết dưới dạng

 

2 2

2

4

x

x

y





  



, đặt

2

x b y

 











ta được hệ mới

2 2

4 8



  



Giải hệ này ta được a b,

Câu III

 2 

4 3

2

2

1 1 1

2 1

2

dx

I

x x



  

     

Ta được

2

2

1 2 2

dt I



 

 , tiếp tục đặt t  1 tanu ta tính được

4



Câu IV

Từ giả thiết ta có SOABCD, trong đó O là tâm của đáy Gọi H, K lần lượt là hình chiếu của O lến BC, SB Ta có  0  

30 , ,

7

a SHO d AC SB OK  Áp dụng hệ thức lượng trong các tam giác vuông SOH SOB OBC, , ta có

0

tan 30

SO OH

 













giải hệ này ta được OS, OB, OC từ đó suy ra thể tích

Câu V Trước hết ta chứng minh Nhận Xét sau: Nếu x y , 0 thì

1



Bằng biến đổi tương đương bất đẳng thức này đưa về dạng:

xy x y  xy 

Sử dụng bđt trên thì

VT

2

1 xy 1 z 4 4

  Dấu bằng xảy ra khi x yz 1

Câu VIa.1

Gọi E là giao điểm của AD với đường tròn (O) thì E là điểm chính giữa của cung BC nên IE vuông góc với đường thẳng BC Do A, D biết tọa độ nên ta lập phương trình đường thẳng AD và lập phương trình đường tròn ngoại tiếp tam giác ABC (có tâm I và bán kính bằng IA) Từ đó tìm được tọa độ điểm E Đường thẳng BC đi qua D và nhận

IE



làm vtpt Sau đó lấy giao của BC với đường tròn ngoại tiếp tam giác ABC ta được tọa độ B và C

Câu VIa.2

Gọi vtpt của mặt phẳng (P) là n a b c, ,  0 

Khi đó pt  P :a x  2byc z  1 0 Do (P) cắt (S) theo một đường tròn bán kính 3 nên d I P ; ( ) 1, I là tâm của (S) Khi đó ta

có hệ

2 2 2

2 2 2

; ( ) 1 3

'; ( ) 1 2







Từ đây tìm được liên hệ giữa a, b,c suy ra pt

(P)

Câu VIIa

zxiy z C x  y  Gọi A0; 0 ; B 1; 0 ; I 2; 0 ; M x y ;  Khi đó ta

có z  z 1 MAMB Gọi C2  2; 0 thì C là giao điểm của tia IA với đường tròn (C) Ta chứng minh được MAMBCACB Vậy MAMB đạt giá trị nhỏ nhất khi

M C hay z 2  2

Phần B Dành cho chương trình nâng cao

Câu VIb.1

TH1 Nếu tam giác ABC nhọn thì trực tâm H của tam giác ABC sẽ là tâm đường tròn nội tiếp tam giác DEF Do tam giác DEF biết tọa độ ba đỉnh nên ta tìm được ngay tọa độ tâm đường tròn nội tiếp của nó Từ đó ta lập được phương trình các cạnh

TH2 Nếu tam giác ABC tù thì trực tâm H của tam giác ABC sẽ trở thành tâm đường tròn bàng tiếp của tam giác DEF Do tam giác DEF biết tọa độ ba đỉnh nên ta tìm được ngay tọa độ tâm đường tròn bàng tiếp của nó Từ đó ta lập được phương trình các cạnh

Câu VIb.2

Giả sử A a ; 0; 0 , B0; ; 0 ,b  C0; 0;c Khi đó phương trình của mp(P) là:

1

y

a  b  c  Từ giả thiết ta có hệ sau:

1 1 1

1



  



giải hệ này ta được a, b,c

Câu VIIb

Chú ý x x y y z z  1 Khi đó ta có: x y z x x. y y. z z. 1 1 1

xy yz zx

xy yz zx xy yz zx xyz

 