bo de thi giua hk2 mon toan lop 9

Câu 2 2,0 điểm: Giải bài toán bằng cách lập phương trình, hệ phương trình Hai công nhân cùng sơn cửa cho một công trình trong 4 ngày thì xong công việc.. Nếu người thứ nhất làm một mình

BỘ ĐỀ THI GIỮA HỌC KÌ 2 MÔN TOÁN LỚP 9

ĐỀ SỐ 1

:

x 1



a) Rút gọn A

b) Tìm x để A < 0

Câu 2 (2,0 điểm): Giải bài toán bằng cách lập phương trình, hệ phương trình

Hai công nhân cùng sơn cửa cho một công trình trong 4 ngày thì xong công việc Nếu người thứ nhất làm một mình trong 9 ngày rồi người thứ hai đến cùng làm tiếp trong 1 ngày nữa thì xong công việc Hỏi mỗi người làm một mình thì bao lâu xong việc?

Câu 3 (2,0 điểm): Cho hệ phương trình: mx y 5

 



a) Giải hệ (I) với m = 5

b) Xác định giá trị của m để hệ phương trình (I) có nghiệm duy nhất và thỏa mãn: 2x + 3y

= 12

Câu 4 (3,5 điểm) Cho nửa đường tròn tâm O đường kính AB và điểm M bất kì trên nửa

đường tròn (M khác A và B) Trên nửa mặt phẳng bờ AB chứa nửa đường tròn kẻ tiếp tuyến Ax Tia BM cắt Ax tại I; tia phân giác của góc IAM cắt nửa đường tròn tại E; cắt tia

BM tại F; tia BE cắt Ax tại H, cắt AM tại K

1 Chứng minh rằng: AEMB là tứ giác nội tiếp và AI2 = IM.MB

2 Chứng minh BAF là tam giác cân

3 Chứng minh rằng tứ giác AKFH là hình thoi

Câu 5 (0,5 điểm) Tìm giá trị nhỏ nhất của biểu thức: P a 2 ab 3b 2 a 1     

TRƯỜNG THCS TAM HƯNG ĐỀ THI GIỮA HỌC KÌ 2 NĂM HỌC 2015 - 2016

MÔN:TOÁN LỚP 9

Thời gian làm bài: 90 phút

ĐÁP ÁN ĐỀ THI GIỮA HỌC KÌ 2 MÔN TOÁN LỚP 9

1

a)

   

  



2 x 2 x 1

x x 1 x x 1

x 1

x x x x

1

A

x



1,0

b)

0

0

1

x

x

x x











1,0

2

Gọi x (ngày) là thời gian người thứ nhất làm một mình xong công việc

y (ngày) là thời gian người thứ hai làm một mình xong công việc

(ĐK: x, y > 4)

Trong một ngày người thứ nhất làm được1

x (công việc), người thứ hai làm được1

y(công việc) Trong một ngày cả hai người làm được1

4(công việc)

Ta có phương trình:1 1 1

4

Trong 9 ngày người thứ nhất làm được9

x (công việc)

Theo đề ta có phương trình:9 1 1

4

x   (2)

0,25

0,5

0,5

Từ (1) và (2) ta có hệ:

1 1 1

4

9 1 1 4

x y x

  





  



(*)

Giải được hệ (*) và tìm được 12( )

6

x

tmdk y





 

 Vậy người thứ nhất làm một mình trong 12 ngày thì xong công việc

Người thứ hai làm một mình trong 6 ngày thì xong công việc

1,0 0,25

3

Ta có: 2mx y x y 52 mx + 2x = 32x y 2(m + 2)x = 3 (1)2x y 2

0,25

Hệ phương trình đã cho có nghiệm duy nhất <=> PT (1) có nghiệm duy

nhất <=> m + 2 ≠ 0 <=> m ≠ - 2

0,25

Khi đó hpt (I) <=>

3

3 x =

x = m + 2

m + 2 10 2

2

m

m



     

Thay vào hệ thức ta được: 6m = 12  m = 2

0,25

Vẽ hình, ghi GT - KL đúng

0,5

1 Tứ giác AEMB nội tiếp vì 2 góc:AEB AMB = 90 0

Ax là tiếp tuyến tại A của đường tròn (O)Ax AB



AMBlà góc nội tiếp chắn nửa đường tròn AMB 90 0

ABI

 làvuông tại A có đường cao AM AI 2  IM.IB

0,25 0,25 0,25 0,25

2, IAFlà góc tạo bởi tia tiếp tuyến và dây cung chắnAE



FAMlà góc nội tiếp chắnEM

Ta có: AF là tia phân giác củaIAM IAF FAM   AE EM 

Lại có:ABHvàHBIlà hai góc nội tiếp lần lượt chắn cungAEvàEM

=>ABH HBI  BE là đường phân giác của  BAF



AEB là góc nội tiếp chắn nửa đường tròn AEB 90 0  BE AF 

BE là đường cao của  BAF

BAF

  làcân tại B (BE vừa là đường cao vừa là đường phân giác)

0,25

0,25 0,25 0,25

3, BAFcân tại B, BE là đường caoBElà đường trung trực của AF

H,K BE   AK KF;AH HF   (1)

AF là tia phân giác củaIAMvàBE AF 

AHK

  có AE vừa là đường cao, vừa là đường phân giác AHK

cân tại AAH AK (2)

Từ (1) và (2)AK KF AH HF   Tứ giác AKFH là hình thoi

0,25 0,25

0,25 0,25

5

Biểu thức:P a 2 ab 3b 2 a 1      (ĐK:a;b 0  )

Ta có

3P 3a 6 ab 9b 6 a 3 3P a 6 ab 9b 2a 6 a 3

3P a 6 ab 9b 2 a 3 a 3

3P a 2 a 3 b 3 b 2 a 2 a

         

         

3P a 3 b 2 a

2 2 2

 

         

  với a;b 0  P 1

2

  

với a;b 0  Dấu “=” xảy ra <=>

9 a

a 3 b 0

4



    

 

(thỏa mãn ĐK)

0,25

0,25

VậyMinA 1

2

  đạt được <=>

9 a 4 1 b 4

 





 



ĐỀ SỐ 2

PHÒNG GD&ĐT BÌNH GIANG ĐỀ KIỂM TRA ĐỊNH KỲ GIỮA HỌC KỲ II

NĂM HỌC 2015 - 2016 MÔN: HÌNH HỌC - LỚP 9 Thời gian làm bài: 45 phút

Câu 1 (3,0 điểm)

Cho đường tròn (O; R) đi qua 3 đỉnh tam giác ABC, A 60 0, B 70  0

1) Tính số đo các góc BOC, COA, AOB

2) So sánh các cung nhỏ BC, CA, AB

3) Tính BC theo R

Câu 2 (7,0 điểm)

Từ một điểm S ở ngoài đường tròn (O), kẻ tiếp tuyến SA và cát tuyến SBC với đường tròn (O), SB < SC Một đường thẳng song song với SA cắt dây AB, AC lần lượt tại N, M 1) Chứng minh: Tam giác AMN đồng dạng với tam giác ABC

2) Chứng minh: BCMN là tứ giác nội tiếp

3) Vẽ phân giác của góc BAC cắt dây BC tại D Chứng minh: SD SB.SC2 

4) Trên dây AC lấy điểm E sao cho AE = AB Chứng minh: AO vuông góc với DE

ĐỀ CHÍNH THỨC

ĐÁP ÁN ĐỀ THI GIỮA HỌC KÌ 2 MÔN TOÁN LỚP 9

Câu 1

Vẽ hình không cần chính xác tuyệt đối về số đo các góc 0,25

1) ACB 180  0 BAC ABC  

180 60 70 50

Theo hệ quả góc nội tiếp

BAC BOC BOC 2.BAC 120

2

ABC AOC AOC 2.ABC 140

2

ACB AOB AOB 2.ACB 100

2

2) Ta có sđAB AOB 100   0, sđBC BOC 120   0, sđAC AOC 140   0 0,5

Do 100 120 140 0  0  0 nên AB BC AC    0,25 3) Kẻ OH BC  , OB = OC nên  OBCcân tại O nên OH đồng thời là

tia phân giác của tam giác  OBCvà HB = HC (quan hệ đường kính

dây cung)

0,25

 1200 0 HOB 60

2

Do đó HB OB.sin 600 R 3

2

BC 2.HB R 3

Câu 2

1) Do MN // SA nênANM SAB  (SLT) 0,5

mà ACB SAB   ANM ACB  0,5 Xét  AMN và  ABC có

  ANM ACB  , BAC chung

AMN

  đồng dạng với  ABC

(g.g)

0,5

2) Theo phần a) có ANM ACB  0,5

MCB MNB ANM MNB 180

3) Do BAD CAD  , ACB SAB  ta có

    

SAD SAB BAD ACB CAD     0,5

mà SDA ACD CAD     SAD SDA    SADcân tại S

SA SD

Xét  SAB và  SCA có ACB SAB  , S chung

  SAB đồng dạng với  SCA (g.g)

2

SA SB SA SB.SC

SC SA

    (2)

0,5

4) Ta có AED ABD c.g.c ADE ADB SAD    (theo3) 0,5

mà SAD OAD SAO 90     0  ADE OAD 90   0 0,5

AO DE

Chú ý:

- Giáo viên có thể chia nhỏ biểu điểm

- Học sinh làm cách khác, đúng vẫn chấm điểm tối đa

ĐỀ SỐ 3

PHÒNG GD&ĐT BÌNH GIANG ĐỀ KIỂM TRA ĐỊNH KỲ GIỮA HỌC KỲ II

NĂM HỌC 2015 - 2016 MÔN: ĐẠI SỐ - LỚP 9 Thời gian làm bài: 45 phút

Câu 1 (4,0 điểm) Giải các phương trình:

1) x 8x 02   2) x 2x 2 2 02   

3) 3x 10x 8 02    4) 2x2  2x 1 0  

Câu 2 (5,0 điểm) Cho phương trình bậc hai: x 6x 2m 1 02     (1) Tìm m để:

1) Phương trình (1) có nghiệm kép Tính nghiệm kép đó

2) Phương trình (1) có hai nghiệm trái dấu

3) Phương trình (1) có một nghiệm là x = 2 Tìm nghiệm còn lại

4) Phương trình (1) có hai nghiệm phân biệtx1 và x2, thỏa mãn: x x1 2 4

Câu 3 (1,0 điểm) Chứng tỏ rằng parabol y x 2và đường thẳng y 2mx 1  luôn cắt nhau tại hai điểm phân biệt có hoành độ giao điểm là x1 và x2 Tính giá trị biểu thức:

ĐỀ CHÍNH THỨC

A x  x  x 2mx 3

ĐÁP ÁN ĐỀ THI GIỮA HỌC KÌ 2 MÔN TOÁN LỚP 9

Câu 1

1) x 8x 0 2    x x 8   0 0,5

x 0

  hoặc x = - 8

Vậy phương trình có hai nghiệm phân biệt x1  0;x2   8 0,5 2)x 2  2x 2 2 0   có     ' 2 2 0 0,5

3) 3x 10x 8 0 2    có   ' 25 24 1      ' 1 0,5 Nên phương trình có hai nghiệm phân biệt là

1 5 1 4

x

3 3



  ;x2 5 1 2

3



4) 2x 2  2x 1 0   có       ' 1 2 1 0 nên phương trình vô nghiệm 1,0 Câu 2 1) x 6x 2m 1 0 2     (1) ta có    ' 9 2m 1 10 2m    0,25

Phương trình (1) có nghiệm kép khi    ' 0 10 2m 0    m 5  0,5

Khi đó phương trình có nghiệm kép là:x1  x2  3 0,25 2) Phương trình (1) có hai nghiệm trái dấu khi a.c < 0  2m 1 0   0,5

1 m 2

3) Phương trình (1) có một nghiệm là x = 2 nên 2 12 2m 1 0 2     0,25

2m 9

9 m 2

4) Theo phần (1) phương trình (1) có 2 nghiệm phân biệt khi

' 0 10 2m 0 m 5

Theo hệ thức Vi-et ta có 1 2

1 2

x x 6

x x 2m 1

 



  

x x    4 x x   16  x x   4x x  16 0,25

36 4 2m 1 16

36 8m 4 16

m 3

Câu 3

Phương trình hoành độ giao điểm của parabol y x  2 và đường thẳng

y 2mx 1   là x 2  2mx 1 0   (1) có   ' m 1 0 2   với mọi m

Phương trình (1) luôn có hai nghiệm phân biệt x1 và x2

 Parabol y x  2 và đường thẳng y 2mx 1   luôn cắt nhau tại hai

điểm phân biệt

0,25

Theo Hệ thức Vi-ét ta có: 1 2

1 2

x x 2m

x x 1

 



  

Do x1 là nghiệm phương trình (1)

x  2mx 1 0    x  2mx 1 

x  2mx 3   2m x x   4  2m.2m 4   4m 4 2  (1)

0,25

x  x  x  x  x  x  2 x x

x x 2x x 2 x x 4m 4

      (2)

Từ (1) và (2) suy ra A  4m 4 2   4m 4 0 2  

0,25

Chú ý:

- Giáo viên có thể chia nhỏ biểu điểm

- Học sinh làm cách khác, đúng vẫn chấm điểm tối đa

ĐỀ SỐ 4

Năm học: 2015-2016 Môn : Toán 9

Thời gian: 90 phút

Bài 1: (2,0 điểm)

Giải phương trình và hệ phương trình sau:

Bài 2:(2,5 điểm)

Cho (P): y = x2 và (d): y = x+2

a) Vẽ (P) và (d) trên cùng một mặt phẳng tọa độ

b) Tìm toạ độ giao điểm của (P) và (d) bằng phép tính

Bài 3: (2,0 điểm) Một ô tô dự định đi từ A đến B với vận tốc đã định Nếu ô

tô đó tăng vận tốc thêm10km mỗi giờ thì đến B sớm hơn dự định 1 giờ 24 phút, nếu ô tô giảm vận tốc đi 5 km mỗi giờ thì đến B muộn hơn 1 giờ Tính độ dài quãng đường AB và vận tốc dự định

Bài 4 (3,0 điểm) Cho tam giác ABC có ba góc nhọn nội tiếp đường tròn (O) Các đường

cao AD, BE, CF cắt nhau tại H và cắt đường tròn (O) lần lượt tại M,N,P

Chứng minh rằng:

a) Các tứ giác AEHF, BCEF nội tiếp

b) AE.AC = AH.AD; AD.BC = BE.AC

c) H và M đối xứng nhau qua BC

Bài 5 (0,5 điểm) Cho phương trình: (m - 1)x2– 2(m+1)x+ m – 2 = 0 (1) (m là tham số) Tìm giá trị của m để phương trình (1) có hai nghiệm phân biệt

Đáp án đề thi giữa học kì 2 môn Toán lớp 9 Bài 1: (2,0 điểm)

Bài 2: (2,5 điểm)

Bài 3: (2,0 điểm)

- Trả lời đúng quãng đường AB là 280km, vận tốc dđ là 40 km/h 0,25

Bài 4.

Vẽ hình đúng, viết gt, kl

a) Cm đúng phần a

b) CM:

=>…….=>AE.AC = AH.AD

CM:

=>…….=>AD.BC = BE.AC

c) CM: BC là đường trung trực của HM => M đối xứng với H qua BC

0,5 1,0 0,25 0,25 0,25 0,25 0,5

Bài 5

Điều kiện để phương trình (1) có hai nghiệm phân biệt là: 0,25

0,25

ĐỀ SỐ 5

PHÒNG GD&ĐT BÌNH GIANG ĐỀ KIỂM TRA ĐỊNH KỲ GIỮA KỲ II

NĂM HỌC 2014 - 2015 MÔN: ĐẠI SỐ - LỚP 9 Thời gian làm bài: 45 phút (Đề bài gồm 01 trang)

Câu 1 (4,0 điểm).

1 Cho hàm số y ax  2 Tìm a biết đồ thị hàm số đi qua điểm A(-1; 1)

2 Giải các phương trình sau:

ĐỀ CHÍNH THỨC

a) x2 2x0

b) x2 3x 2 0



 

x

Câu 2 (2,0 điểm) (Giải bài toán bằng cách lập hệ phương trình)

Một hình chữ nhật có chiều dài hơn chiều rộng 20 m Nếu gấp đôi chiều dài và gấp 3 lần chiều rộng thì chu vi của hình chữ nhật là 480 m Tính chiều dài và chiều rộng ban đầu của hình chữ nhật đó

Câu 3 (3,0 điểm).

Cho phương trình x2 2mx 3 0

1) Chứng minh rằng phương trình luôn có hai nghiệm phân biệt với mọi giá trị của m 2) Gọi x x1, 2 là hai nghiệm của phương trình Tìm m để 2 2

x x

Câu 4 (1,0 điểm)

Cho parabol  P : y x 2và đường thẳng   d : y 2 m 3 x 2m 2      

Chứng minh rằng với mọi m parabol (P) và đường thẳng  d luôn cắt nhau tại hai điểm phân biệt Tìm m sao cho hai giao điểm đó có hoành độ dương

Đáp án đề thi giữa học kì 2 môn Toán lớp 9

Câu 1

(4 điểm)

1) Cho hàm số y ax 2 Tìm a biết đồ thị hàm số đi qua điểm A(-1; 1)

Thay x = -1; y = 1 vào hàm số y ax 2 ta được 1 = a.(-1)2 0,5

2) Giải các phương trình sau:

a) x22x0

 1

2





b) x23x 2 0

Có a – b + c = 0 ( Tính  cũng cho điểm như vậy ) 0,25

2

 



  

2 2x



 

1 + x – 2 = 5 – x

Vậy phương trình có nghiệm x = 3

(Nếu thiếu ĐK, giải ra không đối chiếu ĐK hoặc thiếu cả hai thì trừ

0,25 điểm)

0,25

Câu 2

(2 điểm)

Một hình chữ nhật có chiều dài hơn chiều rộng 20 m Nếu gấp đôi

chiều dài và gấp 3 lần chiều rộng thì chu vi của hình chữ nhật là 480

m Tính chiều dài và chiều rộng ban đầu của hình chữ nhật đó

Gọi chiều dài của hình chữ nhật x (m)

Chiều rộng của hình chữ nhật y ( m )

(điều kiện x > y >0 )

0,25

Chiều dài hơn chiều rộng 20 m nên ta có phương trình x – y = 20 (1) 0,25 Nếu gấp đôi chiều dài và gấp 3 lần chiều rộng thì chu vi của hình chữ

nhật là 480 m nên ta có phương trình: ( 2x + 3y ).2 = 480 (2) 0,25

Từ (1) và (2) ta có hệ phương trình x y 20

(2x 3y).2 480

 



Giải hệ ta được x 60

y 40





 

Đối chiếu với điều kiện ta thấy x, y thỏa mãn

Vậy chiều dài của hình chữ nhật 60 (m)

Chiều rộng của hình chữ nhật 40 ( m )

0,25 0,25

Câu 3

(3 điểm)

1) x22mx 3 0

Vậy phương trình luôn có 2 nghiệm phân biệt với  m 0,25 2) Với m phương trình luôn có 2 nghiệm phân biệt

Áp dụng hệ thức Viet ta có 1 2

1 2

x x 3





0,25

2 2

1 2 10

x x 

1 2 1 2

 (2m) 2.( 3) 102  

4m2= 4





  



0,25

0,5 Vậy m = 1 ; m = -1 thì phương trình có hai nghiệm phân biệt thỏa mãn

2 2

1 2 10

Câu 4

(1 điểm)

Xét phương trình hoành độ giao điểm của  d và  p :

2

x 2 m 3 x 2m 2  

2

x 2 m 3 x 2m 2 0 1

0,25

Do đó  1 có hai nghiệm phân biệt m  d cắt  P tại hai điểm

phân biệt với  m

1 2

x , x là hai nghiệm phương trình  1 , áp dụng định lý Viete ta có:

1 2

1 2







0,25

Hai giao điểm đó có hoành độ dương  x , x1 2> 0 1 2

1 2





m 1

m 1 2m 2 0



Vậy với m 1 thì  d cắt  P tại hai điểm phân biệt với hoành độ

dương

0,25

Chú ý:

- Giáo viên có thể chia nhỏ biểu điểm

- Học sinh làm cách khác nếu đúng vẫn chấm điểm tối đa

Xem tiếp tài liệu tại:https://vndoc.com/tai-lieu-hoc-tap-lop-9