Tính số tứ giác có 4 cạnh là 4 đường chéo của đa giác đã cho... Trong bài làm của học sinh yêu cầu phải lập luận lô gic chặt chẽ, đầy đủ, chi tiết và rõ ràng.. * Trong mỗi bài, nếu học
Trang 1
SỞ GD&ĐT KỲ THI CHỌN HỌC SINH GIỎI CẤP TỈNH LỚP 12 THPT
QUẢNG BÌNH NĂM HỌC 2012 - 2013
Môn thi: Toán - Vòng II
ĐỀ THI CHÍNH THỨC (Khóa ngày 11 tháng 10 năm 2012)
SỐ BÁO DANH: Thời gian làm bài: 180 phút (không kể thời gian giao đề)
Câu 1 (2.5 điểm):
Giải hệ phương trình:
Câu 2 (2.0 điểm):
Cho x, y thỏa mãn 2 2
2
x y Tìm giá trị lớn nhất, giá trị nhỏ nhất của biểu thức:
2 2
( 2) ( 2) 3( )( 4)
Câu 3 (1.5 điểm):
Tìm tất cả các hàm số f : * * thỏa mãn đồng thời các điều kiện sau:
1) Với mọi *
2) f(2 )n f n( ) với mọi n *
n 3) Nếu f n là số chính phương thì n là số chính phương ( )
Câu 4 (2.5 điểm):
Cho tứ diện ABCD có độ dài các cạnh bằng 1 Gọi M, N lần lượt là trung điểm của
DB, AC Trên đường thẳng AB lấy điểm P, trên đường thẳng DN lấy điểm Q sao cho
//
PQ CM Tính độ dài PQ và thể tích khối AMNP
Câu 5:(1.5 điểm):
Cho đa giác đều n cạnh ( n 8) Tính số tứ giác có 4 cạnh là 4 đường chéo của đa
giác đã cho
-HẾT -
Trang 2
SỞ GD&ĐT KỲ THI CHỌN HỌC SINH GIỎI CẤP TỈNH LỚP 12 THPT
QUẢNG BÌNH NĂM HỌC 2012 - 2013
Môn thi: Toán - Vòng II (Khóa ngày 11 tháng 10 năm 2012)
HƯỚNG DẪN CHẤM
(Đáp án, hướng dẫn này có 3 trang)
yªu cÇu chung
* Đáp án chỉ trình bày một lời giải cho mỗi bài Trong bài làm của học sinh yêu cầu phải lập
luận lô gic chặt chẽ, đầy đủ, chi tiết và rõ ràng
* Trong mỗi bài, nếu học sinh giải sai ở bước giải trước thì cho điểm 0 đối với những bước giải
sau có liên quan Ở câu 4 nếu học sinh không vẽ hình hoặc vẽ hình sai thì cho điểm 0
* Điểm thành phần của mỗi bài nói chung phân chia đến 0,25 điểm Đối với điểm thành phần là
0,5 điểm thì tuỳ tổ giám khảo thống nhất để chiết thành từng 0,25 điểm
* Học sinh có lời giải khác đáp án (nếu đúng) vẫn cho điểm tối đa tuỳ theo mức điểm của từng
bài
* Điểm của toàn bài là tổng (không làm tròn số) của điểm tất cả các bài
1
Ta giả sử (x; y; z) là nghiệm của hệ Xét hàm số:
f(t) =t 3 - 3t 2 + 5t + 1, t
Ta có: f’(t) = 3t 2 - 6t +5 > 0 , t
Nên hàm số f(t) luôn đồng biến Hệ PT có dạng
Vì vai trò của x, y, z là bình đẳng nên không mất tính tổng quát, ta giả sử:
,
x y xz
Nếu x > y thì f(x) > f(y) y z f y( ) f z( ) (mâu thuẫn) z x
Tương tự nếu x > z ta cũng đi đến mâu thuẫn, suy ra x = y = z
Khi đó, ta có:
x 3 - 3x 2 + x + 1 = 0
(x - 1)(x 2 - 2x - 1) = 0
1
x x x
Vậy: hệ phương trình đã cho có nghiệm là:
x = y = z = 1; x = y = z = 1 2
2,5 điểm
0,25 0,25
0,25
0,5
0,25 0,25
0,5
0,25
2
Ta có: 2 2 2
(x y) 2(x y )4 2 x y 2
( 2) ( 2) 3( )( 4)
3
(x y) 12(x y) 4
2,0 điêm
0,5
0,5
Trang 3Đặt: xy t t 2;2 Ta có: 3
M t t Xét 3
( ) 12 4
f t t t , ta có:
2
'( ) 3 12 0 [-2; 2]
f t t t Do đó trên đoạn [-2; 2] , f(t) nghịch
biến
Vậy:
[-2;2]
maxM max ( )f t f( 2) 20 t 2 x y 1
[-2;2]
minM min ( )f t f(2) 12 t 2 x y1
0,25
0,25
0,25 0,25
3
Giả sử f là hàm số thỏa mãn điều kiện bài toán
Ta có: f n( ) f n( 1) f n( n) f n( )n
(1)
f a Ta có: f n( ) f(1) n 1 a n 1
Với 2
2
na a , ta có:
f a( 2 a 2)aa2 a 2 1 (a1)2
Do đó: 2
2
a a là số chính phương
2 ( 2)
a a a a , nên 2 2
Vậy: f n( ) n
Thử lại ta thấy f n( ) thỏa mãn các điều kiện bài toán n
1,5 điểm
0,25 0,25 0,25
0,25
0,25 0,25
4
Trên (ACM) dựng IN//CM I( AM)
Trên (ABD) lấy điểm P DI AB
Trên (DNP) dựng PQ IN// //CM Q( DN)
Gọi E là trung điểm của PB ME là đường trung bình của BPD , do đó:
Mặt khác: NI là đường trung bình của ACM I là trung điểm của AM
Nên PI là đường trung bình AME Hay:
2,5 điểm
0,25
0,25 0,25
0,25
D
A
M
N
I
P
Q
E
Trang 4Khi đó: 3 4 3
Ta có:
. . 1 1 1
AMNP AMCB
Mà:
D
1 2
AMCB ABC
V
Vậy:
1 2
V V (đvtt)
0,25
0,5
0,25
0,5
5
Gọi các đỉnh của đa giác đều n cạnh lần lượt là: A A1, 2, ,A n
Ta đếm số các tứ giác thỏa mãn yêu cầu bài toán có 1 đỉnh là A 1
Khi đó: A A không phải là đỉnh của tứ giác vì 2, n A A A A là các cạnh của 1 2, 1 n
đa giác Ta cần chọn thêm các đỉnh: A A A i, j, k thỏa mãn:
5 i 2 j 1 k (vì giữa 2 đỉnh của tứ giác phải có ít nhất n 1
1 đỉnh của đa giác)
Mỗi cách chọn bộ 3 đỉnh như trên là 1 cách chọn bộ 3 số phân biệt trong
n – 5 số tự nhiên từ 5 đến n – 1
Vậy có C n35 tứ giác có đỉnh A thỏa mãn yêu cầu bài toán 1
Vì đa giác có n đỉnh và mỗi tứ giác được đếm lặp lại 4 lần theo 4 đỉnh nên
số tứ giác cần tìm là:
3 5 4
n
n C
1,5 điểm
0,25 0,25
0,25
0,25
0,25
0,25
