Kiểm tra chất lượng học kỳ I năm học: 20122013 môn thi: Toán lớp 10 Trường THPT Trần Quốc Toản36216

Tìm tọa độ giao điểm M của hai đường thẳng d1 và d2.. Tìm tọa độ M và G 2/ Gọi N là giao điểm của AB với trục hoành.. Tìm tọa độ N II.. Tìm trên trục Ox điểm B sao cho tứ giác OBMA nội t

SỞ GIÁO DỤC VÀ ĐÀO TẠO KIỂM TRA CHẤT LƯỢNG HỌC KỲ I

Môn thi: TOÁN- Lớp 10

Thời gian: 90 phút (không kể thời gian phát đề)

Ngày thi: 10/01/2012

ĐỀ ĐỀ XUẤT

(Đề gồm có 01 trang)

Đơn vị ra đề: THPT TRẦN QUỐC TOẢN (Phòng GDĐT……… )

I PHẦN CHUNG

CÂU I: (1.0 điểm) Cho tập A = (0;5] và B = [2; + ) Tìm tập C biết C = A B 

CÂU II: (2.0 điểm)

1/ Cho hai đường thẳng d1: x2y1 và d2: 2x y 7 Tìm tọa độ giao điểm M của hai đường thẳng d1 và d2

2/ Tìm Parabol (P): 2 biết rằng đỉnh của (P) là I(-1; 0)

yx bx c CÂU III: (2.0 điểm) Giải các phương trình sau

1/ 1 2 1 0

(x 1)  



2/ x23x  1 x 1

CÂU IV: (2.0 điểm) Cho tam giác ABC biết A(1; -2), B(0; 2), C(-1; 3)

1/ Gọi M là trung điểm BC và G là trọng tâm của tam giác ABC Tìm tọa độ M và G

2/ Gọi N là giao điểm của AB với trục hoành Tìm tọa độ N

II PHẦN RIÊNG

Theo chương trình cơ bản

CÂU Va: (2.0 điểm)

1/ Giải hệ phương trình sau (không dung máy tính):

6

2 5

x y z

x y z

  



   



   

 2/ Cho hai số thực a,b dương Chứng minh rằng: 4 1 1

a b a b

 CÂU VIa: (1.0 điểm) Trong mặt phẳng Oxy, cho A(0; 2) và M(1; 3) Tìm trên trục Ox điểm B sao

cho tứ giác OBMA nội tiếp được một đường tròn

Theo chương trình nâng cao

CÂU Vb: (2.0 điểm)

1/ Giải hệ phương trình sau: 2 2 2

1

xy





 

 2/ Cho phương trình 2 Biết phương trình đã cho có một nghiệm là 1, hãy

x  mx  m

tìm nghiệm còn lại của phương trình

CÂU VIb: (1.0 điểm) Trong mặt phẳng Oxy, cho A(0; 2) và M(1; 3) Tìm trên trục Ox điểm B sao

cho tứ giác OBMA nội tiếp được một đường tròn

HẾT

SỞ GIÁO DỤC VÀ ĐÀO TẠO KIỂM TRA CHẤT LƯỢNG HỌC KÌ I

Môn thi: TOÁN – Lớp 10

HƯỚNG DẪN CHẤM ĐỀ ĐỀ XUẤT

(Hướng dẫn chấm gồm có 3 trang)

Đơn vị ra đề: THPT TRẦN QUỐC TOẢN (Phòng GDĐT……….)

Câu I

(1,0 đ) C = A B = [2; 5] 1.0đ

1/ Tọa độ giao điểm M của d1 và d2 là nghiệm của hệ

2 1

x y

 



  



3 1

x y





   

 Vậy M(3; -1)

0.5 0.25 0.25

Câu II

(2,0 đ) 2/ (P) có đỉnh I(-1; 0) nên

với (a = 1)

1 2

b a

b c

  





   



2 1

b c





   

 Vậy (P): 2

2 1

yx  x

0.25 0.25 0.25 0.25

ĐK: x0

2 ( 1) 1

1 1

1 1 0 2

x x x x x

 



    







   

 Vậy x = 0; x = 2

0.25 0.25 0.25

0.25

Câu III

(2,0 đ) 2/ x23x  1 x 1

2

1 0

3 1 ( 1) 1

0 0

x

x x x

 



     



 



  



  Vây x = 0

0.5 0.25 0.25

1/ M 1 3;

2 2



G 0;1

0.5 0.5

Câu IV

(2,0 đ)

2/ N Ox  N(x; 0)

( 1; 4)

AB 



( 1; 2)

AN  x



Ta có A, B, N thẳng hàng nên AB ( 1; 4),AB ( 1; 4) cùng phương

1 1 2 1 2

x x

   

 

Vậy N 1; 0

2

 

 

 

0.25

0.25 0.25 0.25

6 1

2 3 11 1

2 3

x y z x

x y z

  





   

  









 

 

 Vậy (x; y; z)=(1; 2; 3)

0.5

0.5

Câu Va

(2,0 đ)

2/ Ta có: 1 1 2 4 (đpcm)

a b ab  a b

Câu VIa

(1,0 đ)

B Ox  B(x; 0)

Vì OBMA nội tiếp được đường tròn và OA OB nên MA MB hay  

MA MB

 

( 1) 3 0 4

x x

    

 

Vậy B(4; 0)

0.25 0.25

0.25 0.25

Câu Vb

(2,0 đ)

1/ ĐK: x, y 0

Đặt 2

2

x u y y v x

 





 



ta có

2 1 1

u v uv

u v

 



 



  

Khi đó x = y =1

0.25

0.25 0.25

Vậy (x; y) = (1; 1) 0.25

2/Do x = 1 là một nghiệm nên 1+2m +m -1 =0  m 0 Khi đó: 2

1 0

x     x 1 Vậy nghiệm thứ hai của phương trình là -1

0.5 0.25 0.25

Câu VIb

(1,0 đ)

B Ox  B(x; 0)

Vì OBMA nội tiếp được đường tròn và OA OB nên MA MB hay  

MA MB

 

( 1) 3 0 4

x x

    

  Vậy B(4; 0)

0.25 0.25

0.25 0.25

 Lưu ý: Học sinh làm cách khác đúng vẫn cho tròn điểm.